(2013•铜陵县二模)预习是学习的一个重要且良好的习惯.李翔同学在进入实验室“测定食盐水的密度”之前,将实验步骤进行了

swdnln04232022-10-04 11:39:541条回答

(2013•铜陵县二模)预习是学习的一个重要且良好的习惯.李翔同学在进入实验室“测定食盐水的密度”之前,将实验步骤进行了详细梳理:
(l)使用天平时,先将天平放在水平工作台面上,然后将游码移至称量标尺的左端零刻度线处,若指针偏向分度标尺的右侧,则需要将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节.
(2)测量质量过程中,若加上最小砝码后,天平右盘下沉,则接下来应进行的操作是______.
(3)实验步骤:第一步,调节天平平衡,并用调节好的天平测出空烧杯的质量记为m1;第二步,在空烧杯中加入适量食盐水,测出烧杯和食盐水的总质量记为m2;第三步,将烧杯中的食盐水全部倒入量筒中,测出食盐水的体积记为V.则食盐水密度的表达式:ρ食盐水=
m2m1
V
m2m1
V

(4)实验中,由于烧杯内的食盐水不可能完全倒入量筒内,从而导致食盐水密度的测量值______(选填“大于”、“小于”或“等于”)其真实值.

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xccbzxmcvjsaldfo 共回答了10个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)天平指针向左偏,应向右调节平衡螺母;
(2)测量质量过程中,若加上最小砝码后,天平右盘下沉,说明右盘的质量偏大,所以应该取下最小砝码,移动游码,使天平再次平衡;
(3)根据题意求出量筒中食盐水的质量,根据ρ=[m/V]求出密度;
(4)烧杯中的盐水没有全部倒入量筒,使测出食盐水的体积偏小,根据ρ=[m/V]分析食盐水密度的变化.

(1)若指针偏向分度标尺的右侧,则需要将平衡螺母向左调节平衡螺母;
(2)加上最小砝码后,天平右盘下沉,说明右盘的质量偏大,所以应该取下最小砝码,移动游码,使天平再次平衡;
(3)量筒中食盐水的质量m=m2-m1
食盐水的密度ρ=[m/V]=
m2−m1
V;
(4)烧杯中的盐水没有全部倒入量筒,使测出食盐水的体积偏小,根据ρ=[m/V]可知,密度会偏大.
故答案为:(1)左;(2)取下最小砝码,移动游码,使天平再次平衡;(3)
m2−m1
V;(4)大于.

点评:
本题考点: 液体密度的测量.

考点点评: 此题主要考查的是学生对天平的使用、密度计算公式的运用和实验中误差分析的理解和掌握,基础性题目.

1年前

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(1)该柱形物体对水平面的压力等于该物体的重力;
(2)该柱形物体对水平面的压强与底面积S无关.
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解题思路:(1)根据静止在水平面上的物体对水平面的压力,和水平面对物体的支持力是一对作用力与反作用力分析;
(2)运用压强公式P=[F/S],再根据固态压力F与重力G之间的关系,可推出P=ρgh;即证明圆柱体对水平地面的压强与圆柱体底面积无关.

(1)因为物体对水平面的压力F和水平面对物体的支持力F′是一对作用力与反作用力,所以F=F′;
(2)证明:圆柱体的底面积为S,高度为h,体积V=Sh,
∵ρ=[m/V];
∴圆柱体的质量:
m=ρV=ρSh;
圆柱体对水平地面的压力:
F=G=ρShg;
圆柱体对地面的压强:
p=[F/S]=[ρShg/S]=ρgh,
可见圆柱体对地面的压强与底面积无关.

点评:
本题考点: 压力及重力与压力的区别;压强的大小及其计算.

考点点评: 本题考查了规则、均匀物体(如圆柱体、正方体、长方体)对水平面压强公式的推导,涉及到压强公式、密度公式、重力公式的应用,要注意该公式使用的条件.

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当扬声器的线圈通过电流时,通电线圈在磁场中受到力的作用而引起线圈振动,从而带动纸盆振动而发出声音.电动机就是根据通电线圈在磁场中受到力的作用这一原理制成的;
发电机是根据电磁感应现象制成的.
故答案为:电动机.

点评:
本题考点: 扬声器和耳机的构造和原理.

考点点评: 本题考查了学生对扬声器的发声原理以及发电机的工作原理的了解和掌握,基础性题目.

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A.通过灯泡L1的电流为1.5A
B.灯泡L1的电阻为1.5Ω
C.电路的总电阻为10Ω
D.灯泡L1消耗的功率为1.5W
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解题思路:由电路图可知,L1与L2并联,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路的电流,电压表测电源的电压.根据并联电路中的电流特点求出通过灯泡L1的电流;根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出灯泡L1的电阻和电路的总电阻,再根据P=UI求出灯泡L1消耗的功率.

由电路图可知,L1与L2并联,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路的电流,电压表测电源的电压.
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
∴通过灯泡L1的电流:
I1=I-I2=1.5A-0.5A=1A,故A不正确,符合题意;
∵I=[U/R],
∴电路中的总电阻:
R=[U/I]=[1.5V/1.5A]=10Ω,故C正确,不符合题意;
∵并联电路中各支路两端的电压相等,
∴灯泡L1的电阻:
R1=[U
I1=
1.5V/1A]=1.5Ω,故B正确,不符合题意;
灯泡L1消耗的功率:
P1=UI1=1.5V×1A=1.5W,故D正确,不符合题意.
故选A.

点评:
本题考点: 电功率的计算;并联电路的电流规律;并联电路的电压规律;欧姆定律的应用.

考点点评: 本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断.

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A.变小
B.变大
C.先变小后再变大
D.先变大后再变小
uzzzzz11年前1
玫瑰非花 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
解题思路:解答此题,首先要判断杠杆的五要素中,有哪些要素发生了变化,然后再利用杠杆的平衡条件进行分析.

在杠杆缓慢由A到B的过程中,动力臂OA的长度没有变化,阻力G的大小没有变化,而阻力臂L却逐渐增大;
由杠杆的平衡条件知:F•OA=G•L,当OA、G不变时,L越大,那么F越大;
因此拉力F在这个过程中逐渐变大.
故选B.

点评:
本题考点: 杠杆的动态平衡分析.

考点点评: 在分析杠杆的动态平衡时,一般是动中取静,依据杠杆的平衡条件进行分析,最后得到结论.

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(2013•铜陵县二模)如图所示,杠杆OA在重物G和力F的作用下保持玩平衡状态,且图中虚线表示力F的力臂,请作出力F的示意图.
huyangmomo1年前1
发生 共回答了22个问题 | 采纳率86.4%
解题思路:根据力臂的概念做出相关的力,并确定力的方向;力臂是从支点到力的作用线的距离.

做出力臂L的垂线,与杠杆相交于一点,即F的作用点,由于G使杠杆沿顺时针方向转动,所以F方向应使杠杆沿逆时针方向转动,如图所示:

点评:
本题考点: 力臂的画法;力的示意图.

考点点评: 此题考查了学生在已知力臂的情况下力的画法,首先掌握力臂的概念,关键是正确判断力的方向.

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(2013•铜陵县二模)某物体挂在弹簧测力计下端,在空气中称量时弹簧测力计的示数为6N,按照如图所示的方式将该物体浸没在水中时,弹簧测力计的示数为9N,则该物体此时受到的浮力为______N,该物体的密度为______kg/m3(已知水的密度为1.0×103kg/m3).
azor1年前1
伊鸟千行 共回答了25个问题 | 采纳率92%
由图知,物体受到浮力、重力和绳子的拉力的作用而静止,则F=G+F
由题知,G=6N,F=F=9N,
物体在水中受浮力:
∴F=G+F=6N+9N=15N;
∵F=GVg,物体浸没在水中,
∴物体排开水的体积(物体的体积):
V=V=
F浮
ρ水g=[15N
1×103kg/m3×10N/kg=1.5×10-3m3
又∵G=mg=6N
∴物体的质量:
m=
G/g]=[6N/10N/kg]=0.6kg,
物体的密度:
ρ=[m/V]=
0.6kg
1.5×10−3m3=0.4×103kg/m3
故答案为:15;0.4×103
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(2013•铜陵县二模)如图所示,电源电压保持不变为6V,R2=2R1,当开关接a点时,电压表的示数为3V;当开关接b点时,电压表的示数为______V.
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解题思路:(1)当开关接a点时,R1和R0串联,电压表测R0两端的电压,根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压,再根据串联电路各处的电流相等得出等式即可求出R0和R1之间的关系,进一步求出R0和R2之间的关系;
(2)当开关接b点时,R2和R0串联,电压表测R0两端的电压,根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流,再根据欧姆定律求出电压表的示数.

(1)当开关接a点时,R1和R0串联,电压表测R0两端的电压,
∵串联电路中总电压等于各分电阻两端的电压之和,
∴R1两端的电压U1=U-U0=6V-3V=3V,
∵串联电路各处的电流相等,
∴根据欧姆定律可得,R0=R1=[1/2]R2
(2)当开关接b点时,R2和R0串联,电压表测R0两端的电压,
电路中的电流I′=
U
R0+R2=
U
R0+2R0=
6V
3R0,
电压表的示数U0′=
6V
3R0×R0=2V.
故答案为:2.

点评:
本题考点: 欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;串联电路的电压规律.

考点点评: 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,难度不大,是一道基础题目;本题利用串联电路的分压特点进行解答会更简单.

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解题思路:根据P=
U2
R
求出两种情况下定值电阻消耗的电功率,进一步求出定值电阻消耗的功率的变化量.

证明:∵P=UI=
U2
R
∴△P=

U22
R-

U21
R
=

U22−
U21
R
=
(U2+U1)(U2−U1)
R
=(U2+U1)(
U2
R-
U1
R)
=(U2+U1)(I2-I1
=(U2+U1)•△I.

点评:
本题考点: 电功率的计算.

考点点评: 本题考查了电功率计算公式的应用,熟练掌握并灵活应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确推导.

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解题思路:当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时,电路中可以产生感应电流,这就是电磁感应现象.

晃动手电筒时,手电筒中的永磁体在线圈中运动,运动是相对而言的,相对于永磁体而言,线圈在做切割磁感线运动,线圈中就会产生感应电流,小灯泡就会发光,所以上述现象是利用电磁感应现象的原理制成的.
故答案为:电磁感应.

点评:
本题考点: 电磁感应.

考点点评: 此题通过生活中的一些现象考查电磁感应的应用,利用电磁感应可以将机械能转化为电能.

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解题思路:运动员站立时,对水平雪面的压力等于运动员和两块滑雪板的重力之和,根据G=mg求出其大小,再根据题意求出受力面积,最后根据压强公式求出压强.

运动员站立时,水平雪面受到的压力:
F=G=mg+2m滑雪板g=54kg×10N/kg+2×2.7kg×10N/kg=594N,
受力面积:
S=2×1.8m×0.3m=1.08m2
水平雪面受到的压强:
p=[F/S]=
594N
1.08m2=550Pa.
故答案为:550.

点评:
本题考点: 压强的大小及其计算.

考点点评: 本题考查了压强的计算,关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等,要注意受力面积为两块滑雪板的面积之和.

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解题思路:(1)根据灯泡的亮暗的变化,能够确定电路中电流的变化,进而知道巨磁电阻的阻值的变化,从而得出巨磁电阻的阻值随磁场的变化;
(2)由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况,通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时,其磁性强弱的变化.

滑片P向左滑动过程中,指示灯明显变亮,说明电路中的电流变大;
根据欧姆定律可知,右侧电路的电阻减小,巨磁电阻的阻值减小,则巨磁电阻(GMR)与周围的磁场有关,且巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小.
故答案为:增强.

点评:
本题考点: 电路的动态分析.

考点点评: 在控制电路中,滑片的移动是分析的入手点;在工作电路中,灯泡的亮度是确定电路中电流、电阻变化的一个隐含条件.

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解题思路:先对物体进行受力分析,知道所受重力、支持力、摩擦力的方向,然后再做力的示意图.沿斜面匀速下滑的物体受竖直向下的重力,垂直于斜面向上的支持力,平行于斜面向上的滑动摩擦力.

在斜面上滚下的物体受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力,以及沿斜面向上的摩擦力,共三个力的作用;而题目要求只画出重力和支持力;
支持力是斜面对物体施加的力,方向是垂直斜面向上,作用点可以画在物体的重心上,也可以画在物体的下表面上;
故答图如下:

点评:
本题考点: 力的示意图.

考点点评: 作力的示意图,首先要确定力的三要素大小、方向、作用点,再用一条带箭头的线段表示力,线段的长度表示力的大小,箭头表示力的方向,起点或终点表示力的作用点.

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(2013•铜陵县二模)如图所示,为了测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率:

(1)如图甲是小明没有连接完成的实验电路,请你用笔画线代替导线将实物图补充完整(要求:闭合开关前需要将变阻器的滑片置于最右端);
(2)电路连接完成后,为了测量小灯泡的额定功率,小明接下来的操作是______.
(3)小红小组没有使用电压表,而是用了两个电流表和一个5Ω的电阻R设计了如图乙所示的电路,同样测出了小灯泡的额定功率,具体操作是:闭合开关,移动变阻器的滑片,使______,小灯泡正常发光,若此时电流表A2的示数为0.8A,则该灯泡的额定功率为______W.
蔴紫菜1年前1
yanyuebin 共回答了18个问题 | 采纳率77.8%
解题思路:(1)闭合开关前需要将变阻器的滑片置于最右端,说明应将滑动变阻器的左下接线柱接入电路;根据灯泡的额定电压选择电压表的量程,并将电压表与灯泡并联;
(2)移动滑动变阻器的滑片使灯泡两端电压为额定电压2.5V,记下电流表的示数.
(3)电流表A1与定值电阻串联,相当于电压表,使并联电路电压等于灯泡额定电压2.5V时灯泡可以正常发光,由欧姆定律可以求出电流表A1的示数;然后由并联电路的特点求出流过待测电阻的电流,然后由欧姆定律求出灯泡的功率.

(1)将滑动变阻器的左下接线柱与开关右接线柱相连;因为灯泡的额定电压为2.5V,所以电压表选择0~3V量程,故将3V的接线柱与灯泡右接线柱相连,如下图所示:

(2)电路连接完成后,为了测量小灯泡的额定功率,小明接下来需移动滑动变阻器的滑片,使电压表的示数为2.5V,并记下电流表的示数.
(3)由电路图知:定值电阻与灯泡并联,它们两端的电压相等,当并联电压等于灯泡的额定电压UL=2.5V时,
灯泡正常发光,此时电流表A1的示数I1=
UL
R=[2.5V/5Ω]=0.5A;此时干路电流等于电流表A2的示数为0.8A,则灯泡正常发光时的电流IL=I1-I2=0.8A-0.5A=0.3A;
故灯泡的额定功率P=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W.
故答案为:(2)移动滑动变阻器的滑片,使电压表的示数为2.5V,并记下电流表的示数;(3)电流表A1的示数为0.5A;0.75.

点评:
本题考点: 电功率的测量.

考点点评: 本题考查了滑动变阻器的使用、灯泡正常发光的特点以及灯泡额定功率的计算等问题,灯泡只有在额定电压下才能正常发光,如果灯泡的实际功率较小,不足以让灯泡发光,只有灯泡功率达到一定值时灯泡才能正常发光.

(2013•铜陵县二模)下列关于力与运动的说法中正确的是(  )
(2013•铜陵县二模)下列关于力与运动的说法中正确的是(  )
A.没有力的作用运动物体就会慢慢停下来
B.物体受到力的作用,运动状态一定改变
C.做匀速圆周运动的物体受到的力是平衡力
D.物体不受力的作用,运动状态就一定不改变
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陌上柳随风 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
解题思路:(1)物体不受力或受平衡力时,处于静止状态或匀速直线运动状态;
(2)力是使物体运动状态发生变化的原因,物体不受力或受平衡力时,运动状态一定不变.

A、根据牛顿第一定律可知,当运动的物体,不受力的作用时,物体将永远做匀速直线运动下去,故A错误;
B、当物体受平衡力作用时,物体的运动状态不变,故B错误;
C、只有处于静止状态或做匀速直线运动状态的物体受平衡力作用,因此做匀速圆周运动的物体受到的力不是平衡力,故C错误;
D、根据牛顿第一定律可知,当运动的物体,不受力的作用时,物体将永远做匀速直线运动下去;当原来静止的物体,不受力的作用时,物体将一直保持静止状态,故不受力的物体,其运动状态不变,故D正确.
故选D.

点评:
本题考点: 力与运动的关系.

考点点评: (1)物体不受力或受平衡力时,处于静止状态或匀速直线运动状态;
(2)力是使物体运动状态发生变化的原因,物体不受力或受平衡力时,运动状态一定不变.

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