（2012•铜陵县二模）法国科学家阿尔．费尔和德国科学家彼得．格林贝格尔由于发现了巨磁电阻效应而荣获了2007年诺贝尔物

（1）因为物体对水平面的压力F和水平面对物体的支持力F′是一对作用力与反作用力，所以F=F′；
（2）证明：圆柱体的底面积为S，高度为h，体积V=Sh，
∵ρ=[m/V]；
∴圆柱体的质量：
m=ρV=ρSh；
圆柱体对水平地面的压力：
F=G=ρShg；
圆柱体对地面的压强：
p=[F/S]=[ρShg/S]=ρgh，
可见圆柱体对地面的压强与底面积无关．

点评：
本题考点： 压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算．

考点点评： 本题考查了规则、均匀物体（如圆柱体、正方体、长方体）对水平面压强公式的推导，涉及到压强公式、密度公式、重力公式的应用，要注意该公式使用的条件．

当扬声器的线圈通过电流时，通电线圈在磁场中受到力的作用而引起线圈振动，从而带动纸盆振动而发出声音．电动机就是根据通电线圈在磁场中受到力的作用这一原理制成的；
发电机是根据电磁感应现象制成的．
故答案为：电动机．

点评：
本题考点： 扬声器和耳机的构造和原理．

考点点评： 本题考查了学生对扬声器的发声原理以及发电机的工作原理的了解和掌握，基础性题目．

由电路图可知，L₁与L₂并联，电流表A₁测干路电流，电流表A₂测L₂支路的电流，电压表测电源的电压．
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴通过灯泡L₁的电流：
I₁=I-I₂=1.5A-0.5A=1A，故A不正确，符合题意；
∵I=[U/R]，
∴电路中的总电阻：
R=[U/I]=[1.5V/1.5A]=10Ω，故C正确，不符合题意；
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴灯泡L₁的电阻：
R₁=[U
I1=
1.5V/1A]=1.5Ω，故B正确，不符合题意；
灯泡L₁消耗的功率：
P₁=UI₁=1.5V×1A=1.5W，故D正确，不符合题意．
故选A．

点评：
本题考点： 电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断．

在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大；
由杠杆的平衡条件知：F•OA=G•L，当OA、G不变时，L越大，那么F越大；
因此拉力F在这个过程中逐渐变大．
故选B．

点评：
本题考点： 杠杆的动态平衡分析．

考点点评： 在分析杠杆的动态平衡时，一般是动中取静，依据杠杆的平衡条件进行分析，最后得到结论．

做出力臂L的垂线，与杠杆相交于一点，即F的作用点，由于G使杠杆沿顺时针方向转动，所以F方向应使杠杆沿逆时针方向转动，如图所示：

点评：
本题考点： 力臂的画法；力的示意图．

考点点评： 此题考查了学生在已知力臂的情况下力的画法，首先掌握力臂的概念，关键是正确判断力的方向．

（1）当开关接a点时，R₁和R₀串联，电压表测R₀两端的电压，
∵串联电路中总电压等于各分电阻两端的电压之和，
∴R₁两端的电压U₁=U-U₀=6V-3V=3V，
∵串联电路各处的电流相等，
∴根据欧姆定律可得，R₀=R₁=[1/2]R₂；
（2）当开关接b点时，R₂和R₀串联，电压表测R₀两端的电压，
电路中的电流I′=
U
R0+R2=
U
R0+2R0=
6V
3R0，
电压表的示数U₀′=
6V
3R0×R₀=2V．
故答案为：2．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大，是一道基础题目；本题利用串联电路的分压特点进行解答会更简单．

（1）若指针偏向分度标尺的右侧，则需要将平衡螺母向左调节平衡螺母；
（2）加上最小砝码后，天平右盘下沉，说明右盘的质量偏大，所以应该取下最小砝码，移动游码，使天平再次平衡；
（3）量筒中食盐水的质量m=m₂-m₁，
食盐水的密度ρ=[m/V]=
m2−m1
V；
（4）烧杯中的盐水没有全部倒入量筒，使测出食盐水的体积偏小，根据ρ=[m/V]可知，密度会偏大．
故答案为：（1）左；（2）取下最小砝码，移动游码，使天平再次平衡；（3）
m2−m1
V；（4）大于．

点评：
本题考点： 液体密度的测量．

考点点评： 此题主要考查的是学生对天平的使用、密度计算公式的运用和实验中误差分析的理解和掌握，基础性题目．

证明：∵P=UI=
U2
R
∴△P=

U22
R-

U21
R
=

U22−
U21
R
=
(U2+U1)(U2−U1)
R
=（U₂+U₁）（
U2
R-
U1
R）
=（U₂+U₁）（I₂-I₁）
=（U₂+U₁）•△I．

点评：
本题考点： 电功率的计算．

考点点评： 本题考查了电功率计算公式的应用，熟练掌握并灵活应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确推导．

晃动手电筒时，手电筒中的永磁体在线圈中运动，运动是相对而言的，相对于永磁体而言，线圈在做切割磁感线运动，线圈中就会产生感应电流，小灯泡就会发光，所以上述现象是利用电磁感应现象的原理制成的．
故答案为：电磁感应．

点评：
本题考点： 电磁感应．

考点点评： 此题通过生活中的一些现象考查电磁感应的应用，利用电磁感应可以将机械能转化为电能．

运动员站立时，水平雪面受到的压力：
F=G=m_人g+2m_滑雪板g=54kg×10N/kg+2×2.7kg×10N/kg=594N，
受力面积：
S=2×1.8m×0.3m=1.08m²，
水平雪面受到的压强：
p=[F/S]=
594N
1.08m2=550Pa．
故答案为：550．

点评：
本题考点： 压强的大小及其计算．

考点点评： 本题考查了压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，要注意受力面积为两块滑雪板的面积之和．

在斜面上滚下的物体受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力，以及沿斜面向上的摩擦力，共三个力的作用；而题目要求只画出重力和支持力；
支持力是斜面对物体施加的力，方向是垂直斜面向上，作用点可以画在物体的重心上，也可以画在物体的下表面上；
故答图如下：

点评：
本题考点： 力的示意图．

考点点评： 作力的示意图，首先要确定力的三要素大小、方向、作用点，再用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点．

（1）将滑动变阻器的左下接线柱与开关右接线柱相连；因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择0～3V量程，故将3V的接线柱与灯泡右接线柱相连，如下图所示：

（2）电路连接完成后，为了测量小灯泡的额定功率，小明接下来需移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，并记下电流表的示数．
（3）由电路图知：定值电阻与灯泡并联，它们两端的电压相等，当并联电压等于灯泡的额定电压U_L=2.5V时，
灯泡正常发光，此时电流表A₁的示数I₁=
UL
R=[2.5V/5Ω]=0.5A；此时干路电流等于电流表A₂的示数为0.8A，则灯泡正常发光时的电流I_L=I₁-I₂=0.8A-0.5A=0.3A；
故灯泡的额定功率P=U_LI_L=2.5V×0.3A=0.75W．
故答案为：（2）移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，并记下电流表的示数；（3）电流表A₁的示数为0.5A；0.75．

点评：
本题考点： 电功率的测量．

考点点评： 本题考查了滑动变阻器的使用、灯泡正常发光的特点以及灯泡额定功率的计算等问题，灯泡只有在额定电压下才能正常发光，如果灯泡的实际功率较小，不足以让灯泡发光，只有灯泡功率达到一定值时灯泡才能正常发光．

A、根据牛顿第一定律可知，当运动的物体，不受力的作用时，物体将永远做匀速直线运动下去，故A错误；
B、当物体受平衡力作用时，物体的运动状态不变，故B错误；
C、只有处于静止状态或做匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，因此做匀速圆周运动的物体受到的力不是平衡力，故C错误；
D、根据牛顿第一定律可知，当运动的物体，不受力的作用时，物体将永远做匀速直线运动下去；当原来静止的物体，不受力的作用时，物体将一直保持静止状态，故不受力的物体，其运动状态不变，故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 力与运动的关系．

考点点评： （1）物体不受力或受平衡力时，处于静止状态或匀速直线运动状态；
（2）力是使物体运动状态发生变化的原因，物体不受力或受平衡力时，运动状态一定不变．