我要去冲凉了,英语怎么说?

不去呗

1．听《二泉映月》（感受《二泉映月》）
2．因为我们“不懂得让心灵长出眼睛看宇宙，让耳朵生出触须抚摸自然。”
3．“虔敬（崇敬）”“感激”。
4．①　③　《二泉映月》的旋律（乐曲）。
　 ②　④　《二泉映月》。
5．C

（1）空气的热转移给水，使热泵热水器中水内能增加、温度升高，发生了能量的转移；
（2）水吸收的热量：
Q _吸 =cm（t-t ₀ ）=4.2×10 ³ J/（kg?℃）×200kg×（60℃-10℃）=4.2×10 ⁷ J；
（3）该空气源热水器每天消耗的电能为：
W=
Q 吸
3 =
4.2×1 0 7 J
3 =1.4×10 ⁷ J=1.4×10 ⁷ ×
1
3.6×1 0 6 kW?h≈3.9kW?h；
（4）由铭牌知，热水器的额定功率是880W，额定电压是220V，
空气源热水器在正常工作的电流为：
I=
P
U =
880W
220V =4A．
答：（1）转移；
（2）水吸收的热量为4.2×10 ⁷ J；
（3）热水器每天需要消耗的电能是3.9kW?h；
（4）空气源热水器正常工作时的电流是4A．

（1）空气的热转移给水，使热泵热水器中水内能增加、温度升高，发生了能量的转移；
（2）水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×200kg×（60℃-10℃）=4.2×10⁷J；
（3）该空气源热水器每天消耗的电能为：
W=
Q吸
3=
4.2×107J
3=1.4×10⁷J=1.4×10⁷×[1
3.6×106kW•h≈3.9kW•h；
（4）由铭牌知，热水器的额定功率是880W，额定电压是220V，
空气源热水器在正常工作的电流为：
I=
P/U]=[880W/220V]=4A．
答：（1）转移；
（2）水吸收的热量为4.2×10⁷J；
（3）热水器每天需要消耗的电能是3.9kW•h；
（4）空气源热水器正常工作时的电流是4A．

Tina is a nurse and she works in a hospital. Every day she gets up at eight o’clock. She brushes her teeth and has a shower. Then she has a quick breakfast at around 8:30. After breakfast she takes the number 10 bus to the hospital. The bus takes her to work at 8:50. She is busy all day. She can only have a rest for one hour at noon. She gets home at 5:15. After dinner she likes watching comedies on the computer.

这是一篇给材料作文,给出的材料比较全面,我们需要的首先是把这些内容用正确的英语表达出来.根据材料内容可知本文主要应用时态应为一般现在时态,主语为第三人称单数,应注意谓语动词加s.写作中可以按照材料的逻辑关系来写,为了避免重复可以时代使用代词及连接词增加文采.

解题思路：液化是由气态变成液态的过程，冬天，室内的平面镜温度比较低，而室内的水蒸气温度较高，当水蒸气遇到温度较低的平面镜时，会发生液化现象，凝结成小水滴．

离喷水头较远的平面镜上有一片白色物质，是由水蒸气遇到温度较低的平面镜液化而形成的小水珠附着在平面镜上形成的．
故选C

点评：
本题考点： 液化及液化现象．

考点点评： 本题主要考查的是①液化的定义--由气态变成液态的过程；②液化的方法：降低温度和压缩体积．

解题思路：（1）利用液体的压强公式p=ρgh求解深度；
（2）利用密度公式ρ=[m/V]求质量；
（3）利用吸热公式Q_吸=cm△t、效率公式η=

Q吸

Q放

和燃烧放热公式Q=Vq求解此题．

（1）由p=ρgh可得h=[p/ρg]=[100000Pa
1000kg/m3×10N/kg=10m；
（2）根据ρ=
m/V]得：m=ρV=1000kg/m³×0.1×10^-3m³=0.1kg；
（3）5分钟水吸收的热量为Q_吸=cm△t×t=4200J/（kg•℃）×0.1kg×20℃×300s=2.52×10⁶J
Q_放=
Q吸
η=
2.52×107J
75%=3.36×10⁶J，
则V=[Q放/q]=
3.36×106J
8.4×107J/m3=0.04m³
答：（1）若小明同学家冲凉是用蓄水池的水，那么蓄水池至少要建得离该同学家10m高；
（2）冲一次凉要用去0.1kg；
（3）冲一次凉要用0.04m³天然气．

点评：
本题考点： 液体压强计算公式的应用；密度公式的应用；热平衡方程的应用．

考点点评： 此题考察了学生关于液体压强、质量、热量的有关计算，熟知知识是解题关键．

解题思路：（1）物质由液态变为气态是汽化，物质由气态变为液态是液化；
（2）水吸收了外界空气的能量，使自身内能增加，这是能量的转移过程；
（3）已知水的质量、初末温度、水的比热，由公式Q=cm△t可求出水吸收的热量；
（4）已知水所吸收的热量，由空气源热水器得到的能量与压缩机消耗的电能关系可以求出热水器每天消耗的电能；
（5）由热水器铭牌找出热水器的额定功率与额定电压，由功率的变形公式I=[P/U]可求出热水器正常工作时的电流．

（1）①冷媒吸收外界空气的热能，在蒸发器内部由液态转化为气态，这是汽化现象；
②冷媒通过冷凝器时从气态转化为液态，是液化现象；
故答案为：①汽化；②液化．
（2）空气源热水器中水的内能增加是能量的转移；
故答案为：转移．
（3）水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×200kg×（60℃-10℃）=4.2×10⁷J，
答：水吸收的热量为4.2×10⁷J．
（4）该空气源热水器每天消耗的电能为：
W=[Q/3]=
4.2×107J
3=1.4×10⁷J=1.4×10⁷×[1
3.6×106kW•h≈3.9kW•h，
答：热水器每天需要消耗的电能是3.9kW•h．
（5）由铭牌知，热水器的额定功率是880W，额定电压是220V，
空气源热水器在正常工作的电流为：I=
P/U]=[880W/220V]=4A，
答：空气源热水器正常工作时的电流是4A．

点评：
本题考点： 电功的计算；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象；热量的计算．

考点点评： 本题考查了物态变化的判断、求水吸收的热量、热水器消耗的电能、热水器正常工作时的电流等问题，难度不大；计算时要注意单位换算．

水压和水的质量没有必然联系但和水喷出的速度有关
由动量定理:ρSv^2t=Ft
所以p=F/S=ρv^2(式中ρ为水的密度1000kg/m^3)
现在关键是估计水喷出的速度,
将喷头平放使水平射出来,根据经验当喷头离地1米时水大概可喷1.5米远
vt=L,gt^2/2=h
解得:v^2=gL^2/(2h)=11.25(m/s)^2
所以p=1.1×10^4Pa

Have you ever got a similar experience that the longer you have a shower ,the colder the wate

Does your cousin take a shower at 22:00 in the evening?
In the evening,I usually do not watch TV,I do my homework.
His brother is writing to his friend.
Why is he sitting under the tree?
Why not ask the police?
They are good at drums.

I'll take a shower first.

解题思路：（1）物质由液态变为气态是汽化，物质由气态变为液态是液化；
（2）已知水的质量、初末温度、水的比热，由公式Q=cm△t可求出水吸收的热量．

（1）①冷媒吸收外界空气的热能，在蒸发器内部由液态转化为气态，这是汽化现象；
②冷媒通过冷凝器时从气态转化为液态，是液化现象；
（2）水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×200kg×（60℃-10℃）=4.2×10⁷J．
答：（1）①汽化；②液化；
（2）水吸收的热量为4.2×10⁷J．

点评：
本题考点： 热量的计算；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象．

考点点评： 本题考查了物态的变化和水吸收的热量，能从题干中得出所需信息是关键．