你俘获了我的芳心的英文

（1）①根据质量数守恒和电荷数守恒得：2311Na+42He→2612Mg+11H②单缝衍射条纹中间宽、两边窄，呈现不等间距．双缝干涉条纹等宽、等间距，但也有干涉条纹不等间距．故BD正确③作出电源的外特性曲线，与U轴交点坐标8...

点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻；用双缝干涉测光的波长．

考点点评： （1）能熟练应用守恒原理配平核反应方程．掌握衍射条纹和干涉条纹的特点，单缝衍射条纹中间宽、两边窄，呈现不等间距．双缝干涉条纹等宽、等间距，但也有干涉条纹不等间距（如牛顿环）本题的技巧是作出电源的外特性曲线，研究交点的意义即可．
（2）解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道遏止电压与最大初动能之间的关系．
（3）图象问题首先要三看：看物理量、看单位、看初坐标，然后再看斜率，看变化．

A、原子核（称为母核）俘获一个核外电子，使其内部的一个质子变为中子，并放出一个中微子，从而变成一个新核（称为子核）的过程．电荷数少1，质量数不变．故A错误，B正确．
C、原子核（称为母核）俘获电子的过程中动量守恒，初状态系统的总动量为0，则子核的动量和中微子的动量大小相等，方向相反．故C错误．
D、子核的动量大小和中微子的动量大小相等，由于中微子的质量很小，根据Ek＝
p2
2m知，中微子的动能大于子核的动能．故D错误．
故选B．

点评：
本题考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度．

考点点评： 本题考查了原子结构中原子核的反应和应用，主要是核反应前后质量数和核电荷数守恒．题目新但知识是原子结构的知识应用．

1年前

A、设母核质子数为a中子数为b，发生衰变后质子数为a-1，中子数为b+1，质量数仍为a+b，故A正确；
B、原子核俘获一个核外电子，核内一个质子变为中子，核电荷数减少，故B错误；
C、生成的新核与衰变前的原子核质量数相同，质子数不同中子数不同，所以根据同位素概念判断不是同位素，故C错误；
D、以静止原子核及被俘获电子为系统，系统动量守恒，系统初动量为零，所以生成的新核与中微子的动量大小等，方向相反，故D正确；
故选AD．

点评：
本题考点： 原子构成．

考点点评： 本题考查了原子结构中原子核的反应和应用，主要是核反应前后质量数和核电荷数守恒．题目新但知识是原子结构的知识应用．

63Li核俘获 ₀¹n的过程，系统动量守恒，则m_Hv₀=m_Hv₁+m_Hev₂，
代入数据m_n=1 u，m_He=4 u，m_H=3 u，得v₁=-1.0×10³ m/s，负号表示跟v₀的方向相反．

31H+
42He在磁场中半径之比为
RH
RHe=
mHv1
Bq1：
mHev2
Bq2=3：40；
根据公式T=[2πm/qB] 求得 ₁³H和 ₂⁴He的周期之比为T_H：T_He=3：2，
所以它们的转动周期之比为n_H：n_He=T_He：T_H=2：3 当 α粒子转3周时，氘核转动2周．
故答案为：1.0×10³ m/s，跟v₀的方向相反，3：40，2．

点评：
本题考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度；带电粒子在匀强磁场中的运动．

考点点评： 由半径公式分析半径之比的决定物理量，由周期公式分析周期之比的决定物理量，进而求得旋转周数．

L层和K层电子的能级差△E=hν₀
设M层电子的能级为E_M，由能量守恒可知E₀+（0-E_M）=hν₀
解得E_M=E₀-hν₀
答：新核原子的L层电子和K层电子的能级差为hv₀，M层电子的能级为E_M=E₀-hν₀．

点评：
本题考点： 氢原子的能级公式和跃迁；能量守恒定律．

考点点评： 解决本题的关键知道能级间跃迁辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差．

A、反氢原子由1个带正电荷的电子和1个带负电荷的质子构成，故A错；
B、反氢原子由1个带正电荷的电子和1个带负电荷的质子构成，故B正确；
C、反氢原子由1个带正电荷的电子和1个带负电荷的质子构成，故C错；
D、反粒子中的质子和电子与通常所说的电子、质子相比较，质量相等但电性相反，故D错．
故选B．

点评：
本题考点： 原子的定义与构成．

考点点评： 解答本题关键是要知道反粒子中的质子和电子与通常所说的电子、质子相比较，质量相等但电性相反．

①、地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故①错误；
②、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小，故②正确；
③、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小．故③正确；
④、粒子在运动过程中，若电量增大，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当电量增大时，半径是减小，与太阳的引力做功无关．故④错误．
四种说法中②③是正确的，所以选项B正确．
故选：B

点评：
本题考点： 磁感应强度．

考点点评： 本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．

A、地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故A错误；
B、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小，故B正确；
C、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小．故C正确；
D、粒子在运动过程中，若电量增大，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当电量增大时，半径是减小，与太阳的引力做功无关．故D错误．
故选：BC．

点评：
本题考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动．

考点点评： 本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．

核反应方程为：
AZX
+0−1e
→10n
+A−1Z−1Y．
根据爱因斯坦质能方程得：hv=△mc²，则质量亏损为：△m=
hv
c2．
故答案为：
AZX
+0−1e
→10n
+A−1Z−1Y，
hv
c2

点评：
本题考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度．

考点点评： 解决本题的关键知道在核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，以及掌握爱因斯坦质能方程．

A、
63Li核俘获 ₀¹n的过程，系统动量守恒，则m_Hv₀=m_Hv₁+m_Hev₂，代入数据m_n=1 u，m_He=4 u，m_H=3 u，得v₁=-1.0×10³ m/s，负号表示跟v₀的方向相反，A错误，B正确．
C、₁³H和 ₂⁴He在磁场中半径之比为
RH
RHe＝

mHv1
Bq1

mHev2
Bq2＝
3
40，C正确；
D、根据公式T=[2πm/qB]求得 ₁³H和 ₂⁴He的周期之比为T_H：T_He=3：2，所以它们的转动周期之比为n_H：n_He=T_He：T_H=2：3 当 α粒子转3周时，氘核转动2周，D正确．
故选：BCD．

点评：
本题考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度；带电粒子在匀强磁场中的运动．

考点点评： 由半径公式分析半径之比的决定物理量，由周期公式分析周期之比的决定物理量，进而求得旋转周数．

①、地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故①错误；
②、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小，故②正确；
③、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小，故③正确；
④、粒子在运动过程中，若电量减小，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当电量减小时，半径是增大．故④错误；
故选：B．

点评：
本题考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动．

考点点评： 本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．

核反应方程为：
63Li+
10n→
42He+
31H．
根据动量守恒定律得：m_n•v₁=m_Hev₂-m_Hv₃
得：v₃=
mHev2−mnv1
mH=2×10⁶m/s
答：核反应方程是：
63Li+
10n→
42He+
31H．反应后产生的另一个粒子的速度大小是2×10⁶m/s．

点评：
本题考点： 动量守恒定律；原子核的人工转变．

考点点评： 微观粒子的碰撞与宏观物体的碰撞相似，也遵守动量守恒．书写核反应方程是基本功，要熟练掌握．

①根据质量数守恒和电荷数守恒，核反应方程为：
63Li
+10n→
42He
+31H
②根据动量守恒定律得：m_nv₁=m_Hev₂+m_Hv₃
得：v₃=
mnv1-mHev2
mH，代入数据得v₃=-1×10³m/s
故答案为：①核反应方程式为
63Li
+10n→
42He+
+31H，②-1×10³m/s

点评：
本题考点： 裂变反应和聚变反应；动量守恒定律．

考点点评： 微观粒子的碰撞与宏观物体的碰撞相似，也遵守动量守恒．书写核反应方程是基本功，要熟练掌握．

锂核的质量数为7，电荷数为3，中子数为4；铍核的质量数为7，电荷数为4，中子数为3，故衰变后的锂核与衰变前的铍核相比，质子数减少1，中子数增加1．
故选B

点评：
本题考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度．

考点点评： 本题考查了原子核的构成，知道个数字表示的物理意义．

（1）根据核反应方程中质量数和电荷数守恒有：
74Be+
0−1e→
73Li
该反应过程中质量亏损为△m=（m₁+m₂-m₃）
所以释放的核能为：（m₁+m₂-m₃）c²．
（2）根据光电效应方程有：E_K=hv-W
其中W为金属的逸出功：W=hv₀
由此可知在的E_k-v图象是一条直线，横截距大于零，故选C；
（3）以初速度方向为正方向，根据△P=mv₁-mv₀得：
△P=0.05×（-100-500）=-30kg•m/s
子弹射入木块的过程中，系统动量，根据动量守恒定律得：
mv₀=mv₁+Mv
解得：v=40m/s
故答案为：（1）
74Be+
0−1e→
73Li，（m₁+m₂-m₃）c²（2）C （3）40m/s．

点评：
本题考点： 动量守恒定律；光电效应．

考点点评： 本题为3-5综合题，涉及知识点多，难度不大，关键记住相关公式，要多看书，注重基础．

A：卫星通过点火减速火箭，获得反向推力，减小动能，实施第一次“刹车”的过程，将使“嫦娥二号”动能损失一部分，机械能减小，故A错误；
B：嫦娥一号第一次“刹车制动”被月球引进俘获后进入绕月轨道后，速度仍然比较大，万有引力不足以提供向心力，卫星在近地点会做离心运动，还需要经过多次的减速，才能逐步由椭圆轨道变轨到圆轨道，故B正确；
C：任何一次“刹车制动”如果不能减速到一定程度，速度过大，则万有引力不足以提供向心力，卫星会做离心运动，引力做负功，故C正确；
D：嫦娥一号如果过分减速，万有引力大于需要的向心力，月球对它的引力将做正功，撞击月球表面时的速度将很大．故D正确．
故选BCD

点评：
本题考点： 万有引力定律及其应用．

考点点评： 本题关键要分析万有引力和需要的向心力的关系，求出卫星的运动情况，看它是做离心运动，还是做向心运动．