m=100kg,物块随车一起匀加速运动,a=1m/s²,μ=0.3,求物体的f

紫玥怡人2022-10-04 11:39:541条回答

m=100kg,物块随车一起匀加速运动,a=1m/s²,μ=0.3,求物体的f

答案是-----

为什么Fa<f,所以f=100N

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mahaonan7788 共回答了12个问题 | 采纳率91.7%
所需动力小于最大静摩擦力,所以物体没有发生相对滑动.
所需的动力就是静摩擦力提供的.
1年前

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笑开花1年前1
hqh0424 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:物块和小球做匀速圆周运动时需要的向心力由弹簧的弹力和M受到的摩擦力提供,根据胡克定律和向心力公式列式计算即可求出需要的物理量.

由于最终物块和球都与圆盘相对静止,一起作匀速圆周运动,因此它们所受的合外力均指向转动轴,而满足牛顿第二定律,据此求出静摩擦力的大小和方向.
设:弹簧形变为x,物块所受静摩擦力为f,据牛顿第二定律,对球有:∑F=kx=m
ω2 (x+
l
2)
对物块有:∑F=kx+f=M
ω2
l
2
可得:

150x=102(x+0.10)
150x+f=2×102×0.10
解得:x=0.20 m,f=-10 N
负号表示即方向背离转轴.
答:物体受到的摩擦力为10N,方向背离圆心.

点评:
本题考点: 向心力;牛顿第二定律.

考点点评: 此题将弹力与圆周运动结合在了一起,处理时的关键点时弹簧伸长后的长度是小球做圆周运动的半径.

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弹簧测力计下挂一个密度大于水的物块,如图甲所示.水平桌面上的容器中盛有适量的水,将物块浸没在水中,如图乙所示,则物块浸没在水中后,下列说法错误的是(  )
A. 弹簧测测力计的示数变小
B. 水对容器底的压强变大
C. 桌面受到的压强变大
D. 桌面受到的压力不变
不会睡的鱼1年前3
david5518 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
解题思路:(1)将物块浸没在水中,由于物块受到水的浮力,弹簧测力计的示数将变小;(2)物块浸没在水后,排开了一定体积的水,使水的深度增加,根据液体压强公式p=ρgh判断水对容器底部的压强变化;(3)物块浸没在水中,物块受到水的浮力,水受到物块的反作用力,桌面受到的压力等于容器和水的总重加上物块对水的反作用力,据此分析桌面受到的压力变化;而受力面积不变,根据p=FS确定桌面受到的压强变化.

A、甲图,F=G;乙图,将物块浸没在水中,由于物块受到水的浮力,弹簧测力计的示数F′=G-F,所以弹簧测力计的示数将变小,故A正确;
B、物块浸没在水中后,水的深度h增加,由p=ρgh可知水对容器底部的压强变大,故B正确;
CD、物块未浸没在水中时,桌面受到的压力F=G+G容器;物块浸没在水中后,物块受到水的浮力,水受到物块的反作用力F,桌面受到的压力F′=G+G容器+F,可见桌面受到的压力变大;而受力面积不变,由p=[F/S]可知桌面受到的压强变大,故C正确、D不正确.
故选D.

点评:
本题考点: 阿基米德原理;压强的大小及其计算;液体的压强的特点.

考点点评: 本题考查了学生对液体压强公式、压强定义式、浮力的了解与掌握,会对物块进行正确的受力分析是本题的关键.

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如图所示,传送带两轮A、B的距离L=11m,皮带以恒定速度v=2m/s运动,现将一质量为m=2kg的物块无初速度地放在A端,若物体与传送带间的动摩擦因数为μ=0.8,传送带的倾角为α=37°,那么(g取10m/s2,cos37°=0.8)
(1)物块m从A端运到B端所需的时间是多少?
(2)摩擦力对物体做的总功.
yanshi81年前1
hhb127 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:当物块速度小于传送带时,滑动摩擦力方向向上,根据牛顿第二定律求出加速度,根据运动学基本公式求出速度到达与传送带速度相等的时间和位移,比较这个位移和AB的长度,若AB长度长,则此后物体匀速运动到顶端.
摩擦力对物体做的总功等于机械能的增量.

(1)物块放在A端时受到竖直向下的重力G,垂直斜面向上的支持力N和沿斜面向上的摩擦力f,
则有:N=mgcos37
摩擦力:f=μN
沿斜面方向:f-mgsin37=ma
联立解方程可得a=0.4m/s2
当物块跟皮带速度相等所需时间 t1=[v/a]=5s
通过的位移 x=
v2
2a=5m
速度等于皮带速度后物块作匀速直线运动,t2=[L−x/v]=3s
所以t=t1+t2=8s
(2)摩擦力对物体做的总功等于机械能的增量,所以
W=
1
2mv2+mgLsin37°=136J
答:(1)物块m从A端运到B端所需的时间是8s;
(2)摩擦力对物体做的总功136J.

点评:
本题考点: 牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.

考点点评: 解决本题的关键理清物体的运动,物体经历了匀加速直线运动和匀速直线运动,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.

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(2014•锦州一模)用力F将质量为m的物块压在竖直墙上,从t=0时刻起,测得物体所受墙壁的摩擦力随时间按如图所示规律变化,则下列判断正确的是(  )
A.0~t2时间内为滑动摩擦力,t2时刻之后为静摩擦力
B.0~t1时间内物块沿墙壁加速下滑,t2时刻物块的速度为0
C.压力F一定随时间均匀增大
D.压力F恒定不变
nick363681年前1
秋的天yy 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:静摩擦力随着外力的增加而增加,但有一个最大值;最大静摩擦力大于滑动摩擦力,滑动摩擦力f=μN.

A、0~t2时间内为滑动摩擦力f=μN,随正压力的增大而增大,t2时刻之后为静摩擦力等于重力,A正确;
B、0~t1时间内物块沿墙壁加速下滑,t2时刻物块的速度为0,物体静止,B正确;
C、0~t2时间内压力F一定随时间均匀增大,之后不一定,CD错误;
故选:AB

点评:
本题考点: 摩擦力的判断与计算.

考点点评: 解答本题的关键在于正确对图象进行分析,由图象得出静摩擦力、滑动摩擦力.

如图所示,表面粗糙的传送带静止时,物块由皮带顶端A从静止开始滑到皮带B底端用的时间是t,则
如图所示,表面粗糙的传送带静止时,物块由皮带顶端A从静止开始滑到皮带B底端用的时间是t,则

如图所示,表面粗糙的传送带静止时,物块由皮带顶端A从静止开始滑到皮带B底端用的时间是t,则( )A.当皮带向上运动时,物块由A滑到B的时间一定大于t B.当皮带向上运动时,物块由A滑到B的时间一定等于t C.当皮带向下运动时,物块由A滑到B的时间一定等于t D.当皮带向下运动时,物块由A滑到B的时间一定大于t答案B,懂三角函数,画出皮带逆分别时针和顺时针转动时的受力分析图,不要和我说加速度,不懂加速度,用力的大小关系解释下,老师上课说的我没听懂.
ws01011年前1
可爱卢 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
你好,楼主
分析:
(1)皮带向上运动时,物块受到传送带摩擦力向上,与皮带静止时一样;
(2)皮带向下运动时,受到皮带的摩擦力向下,促进物块下滑,使下滑速度加快.据此分析判断
(1)当皮带逆时针运动时,物体受到的滑动摩擦力和重力,摩擦力不能阻止物体下滑,和传送带静止时一样,因此从A点滑到B点用的时间仍为t,故A错、B正确.
(2)当皮带顺时针运动时,传送带的运动方向与物体下滑方向相同,物体相对与地面的速度比传送带静止时的A的速度大,所以从A点滑到B点用的时间小于t,故C、D错.
故选B.
保准正确,采纳吧,(*^__^*) 嘻嘻……
如图所示,高为h的光滑固定斜面上,一物块从顶端A点由静止开始自由下滑到底端B点,途经C点.在此过程中,物块的机械能___
如图所示,高为h的光滑固定斜面上,一物块从顶端A点由静止开始自由下滑到底端B点,途经C点.在此过程中,物块的机械能______(选填“变大”、“变小”或“不变”).物块在C、B两处的动能相比较,在______处的动能小.
zjs08131年前2
依酒为命 共回答了12个问题 | 采纳率91.7%
解题思路:动能的影响因素:质量和速度,质量越大,速度越大,动能就越大;
重力势能的影响因素:质量和高度,质量越大,高度越大,重力势能就越大.

由于没有摩擦力,所以下滑的过程中,机械能保持不变,物体在C处时,一部分重力势能转化为动能,在B处时,重力势能完全转化为动能,所以C处的动能小.
故答案为:不变;C.

点评:
本题考点: 动能和势能的大小变化.

考点点评: 本题考查能量的转化,要知道影响动能和重力势能的因素,相对比较简单,属于基础题.

物理题求解 快!一小时内4.如图所示,一块质量为M长为L的均质板放在很长的光滑水平桌面上,板的左端有一质量为m的物块,物
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4.如图所示,一块质量为m长为l的均质板放在很长的光滑水平桌面上,板的左端有一质量为m的物块,物块上连接一根很长的细绳,细绳跨过位于桌面的定滑轮,某人以恒定的速率v向下拉绳,物块最多只能到达板的***,而此时的右端尚未到桌边定滑轮,试求
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(2)若板与桌面之间有摩擦,为使物体能达到板的右端,板与桌面间的动摩擦因数范围
图传不上啊!!尽量画吧!!跪求啊!!
luo19001年前1
f67jhjk 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
简单啊
设物块与板间摩擦力f=umg,板与桌面间摩擦力F=u'(M+m)g,其中u为物块与板的动摩擦因数,u'为板与桌面间动摩擦因数.物块位移Sm,板位移S,板加速度a=(f-F)/M,运动时间设为t>=0,以板加速度的方向为正方向,即a>0,这样处理不等式会简单.
因此
Sm=vt (1)
S=a/2·t^2 (2)
0=0 (4)
a/2·t^2-vt=0 显然恒成立
解题1 此时F=0,a=f/M,(4)取等号,得 a= v^2/L 则t=L/v
所以 Sm=vt=L u=Mv^2/Lmg
解题2 只要令(3)Sm-S>=L (6)
同样的方法(1)(2)代入(6)式 有不等式a/2·t^2-vt+L=0 得a
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如图所示,光滑水平面上有A、B、C三个物块,其质量分别为mA=2.0kg,mB=1.0kg,mC=1.0kg.现用一轻弹簧将A、B两物块连接,并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近,此过程外力做功108J(弹簧仍处于弹性限度内),然后同时释放A、B,弹簧开始逐渐变长,当弹簧刚好恢复原长时,C恰以4m/s的速度迎面与B发生碰撞并粘连在一起.求

(1)弹簧刚好恢复原长时(B与C碰撞前)A和B物块速度的大小?
(2)当弹簧第二次被压缩时,弹簧具有的最大弹性势能为多少?
绿色融情1年前2
表妹30 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:(1)当弹簧恢复过程中,A、B物体动量守恒,且减少的弹性势能完全转化为两物体的动能.列出两组方程,从而求出两个未知量,即为A、B物体的速度大小.
(2)当弹簧第二次被压缩时,A和B、C组成的系统动量守恒,机械能守恒,从而由这两个守恒定律可列出两组方程,同样可求出结果.

(1)弹簧刚好恢复原长时,A和B物块速度的大小分别为υA、υB
由动量守恒定律有:0=mAυA-mBυB
此过程机械能守恒有:Ep=[1/2]mAυA2+[1/2]mBυB2
代入Ep=108J,解得:υA=6m/s,υB=12m/s,A的速度向右,B的速度向左.
(2)C与B碰撞时,C、B组成的系统动量守恒,设碰后B、C粘连时速度为υ′,则有:
mBυB-mCυC=(mB+mC)υ′,代入数据得υ′=4m/s,υ′的方向向左.
此后A和B、C组成的系统动量守恒,机械能守恒,当弹簧第二次压缩最短时,弹簧具有的弹性势能最大,设为Ep′,且此时A与B、C三者有相同的速度,设为υ,则有:
动量守恒:mAυA-(mB+mC)υ′=(mA+mB+mC)υ,
代入数据得υ=1m/s,υ的方向向右.
机械能守恒:[1/2]mAυA2+[1/2](mB+mC)υ′2=Ep′+[1/2](mA+mB+mC)υ2
代入数据得E′p=50J.
答:(1)弹簧刚好恢复原长时(B与C碰撞前)A的速度为6m/s,B物块速度大小12m/s.
(2)当弹簧第二次被压缩时,弹簧具有的最大弹性势能为50J.

点评:
本题考点: 动量守恒定律;机械能守恒定律.

考点点评: 考查动量守恒定律与机械能守恒定律相综合的应用,列动量表达式时注意了方向性.同时研究对象的选取也是本题的关键之处.还值得重视的是B与C碰后有动能损失的,所以碰前的与碰后不相等.

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1、若斜面不光滑,斜面与物块之间的动摩擦因数为u,弹簧的伸长量为2x,求此时电梯竖直加速上升加速度的最大值?(设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等)
vivaaorura1年前1
nowheredog 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
当电梯上升加速度最大时,摩擦力方向与弹簧拉力方向相同
设电梯向上的加速度为A,那么物块受到垂直向上的力的大小为m(g+A),这个力在与斜面水平方向上的分力等于弹簧拉力F1与摩擦力f的和,在垂直于斜面方向的分力等于斜面对它的承托作用力F2,因此可列出以下式子:
m(g+A)sina=F1+f
m(g+A)cosa=F2
F1=2kx
f=μF2
将下面三式代入第一式右边:
m(g+A)sina=2kx+μm(g+A)cosa
求得A=(2kx+μmgcosa-mgsina)/(msina-μmcosa)=[2kx/(msina-μmcosa)]-g
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A.拉力做功的瞬时功率为Fvsinθ
B.物块B满足m2gsinθ=kd
C.物块A的加速度为[F−kdm1
ge3d1年前1
debugerzhv 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:当B刚离开C时,弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力,根据胡克定律求解出弹簧的伸长量;根据牛顿第二定律求出物块A的加速度大小;根据机械能守恒定律求解A的速度.

A、拉力的瞬时功率P=Fv,故A错误;
B、开始系统处于静止状态,弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力,当B刚离开C时,弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力,故m2gsinθ=kx2,但由于开始是弹簧是压缩的,故d>x2,故m2gsinθ>kd,故B错误;
C、当B刚离开C时,弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力,故m2gsinθ=kx2,但由于开始是弹簧是压缩的,故d>x2,故m2gsinθ>kd,故物块A加速度大于
F−kd
m1,故C错误;
D、根据功能关系,弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量,即为:Fd−m1gdsinθ−
1
2m1v2,故D正确;
故选:D.

点评:
本题考点: 功的计算;牛顿第二定律;弹性势能.

考点点评: 含有弹簧的问题,往往要研究弹簧的状态,分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路.

物块A从滑槽某一不变高度滑下后又滑上粗糙的水平传送带,传送带静止不动时,A滑至传送带最右端的速度为vl,需时间t1.若传
物块A从滑槽某一不变高度滑下后又滑上粗糙的水平传送带,传送带静止不动时,A滑至传送带最右端的速度为vl,需时间t1.若传送带逆时针转动,A滑至传送带最右端速度为v2,需时间t2,则
(A)vl>v2,tl<t2. (B) vl<v2,tl<t2.
(C) vl>v2,tl>t2. (D) vl=v2,tl=t2.
无语3191年前1
Richardfxq 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
D
摩擦力=系数X支持力
其在竖直状态下为平衡状态,重力不变所以支持力不变
所以摩擦力不变
所以加速度不变
路程是一定的
所以时间不变
其他量都不变的话到了那个点的瞬时速度肯定也是不变的
所以选择D
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按照题目要求完成作图:
(1)通过细管可以看见水底的物块,但从细管穿过的直铁丝,却碰不上物块.请在图1中作出通过细管看见物块的入射光线.
(2)如图2所示,用笔画线代替导线将下图中的元件连接成符合安全用电要求的家庭电路.
要求:一个开关控制两盏灯,一个灯出故障不影响另一盏灯工作;三孔插座独立使用.
(3)如图3所示,轻质杠杆可绕O转动,杠杆上吊一重物G,在力F作用下杠杆静止在水平位置,l为F的力臂,请在图中作出力F的示意图及重物G所受重力的示意图.
(4)根据图4中通电螺线管的N圾,标出磁感线方向、小磁针的N极,并在括号内标出电源的正、负极.
安南大人1年前1
xu_guang_fan 共回答了20个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)要解决此题,需要掌握光的折射定律的内容:
折射光线与入射光线、法线在同一平面上,折射光线和入射光线分居法线两侧;光从水或其它介质斜射入空气中时,折射角大于入射角.
(2)三孔插座的正确接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线.灯泡的正确连接方法:火线首先接入开关,然后进入灯泡顶端的金属点,零线直接进入螺旋套.
(3)根据力与力臂的关系确定F的作用点和方向;根据规则物体的重心在物体的几何中心,过重心表示重力的方向即可.
(4)利用螺线管的右端为N极,结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极.
利用线圈的绕向和螺线管的N、S极,结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向,进一步可以得到电源的正负极.

(1)由题意知,光从物块射到水面处发生折射,折射角大于入射角,折射光线远离法线,射入细管中,进入人眼,所以人看到了物块.
故答案为:

(2)①三孔插座的连接:上孔接地线,当金属外壳的用电器插入插座时,使金属外壳接地,防止金属外壳漏电发生触电事故.左孔接零线,右孔接火线.
②灯泡的连接方法:火线首先接入开关,再入灯泡顶端的金属点,零线直接接入螺旋套.开关既能控制灯泡,又能在灯泡损坏时,断开开关,切断了火线,安全的更换灯泡.故答案为:

(3)过力臂的末端作垂直于杠杆的作用力F,方向斜向上;过物体的重心作竖直向下的力(即重力).如图所示:

(4)螺线管的右端为N极,磁感线从磁体的N极出发,回到S极,所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从左向右的.
当小磁针静止时,根据磁极间作用规律可知,靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极,由此可知小磁针的右下端为N极.
根据螺线管的右端为N极,以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出.
根据电流方向与电源正负极之间的关系:在电源外部电流从正极流出,回到负极,可以确定电源的正负极:左端为正极,右端为负极.
如下图所示:

点评:
本题考点: 作光的折射光路图;力臂的画法;通电螺线管的磁场;家庭电路的连接.

考点点评: 此题主要考查了光的折射规律,家庭电路的正确连接方法,会根据力与力臂的关系画出相应的作用力或力臂,还考查然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极等知识点,是一道综合题.

(2010•西城区模拟)如图所示,水平地面AB与倾角为θ的斜面平滑相连.一个质量为m的物块静止在A点.现用水平恒力F向右
(2010•西城区模拟)如图所示,水平地面AB与倾角为θ的斜面平滑相连.一个质量为m的物块静止在A点.现用水平恒力F向右拉物块,使物块从静止开始做匀加速直线运动,经时间t到达B点,此时撤去拉力F,物块在B点平滑地滑上斜面.已知物块与水平地面和斜面间的动摩擦因数均为μ,重力加速度为g求:
(1)物块运动到B点时速度的大小;
(2)物块沿斜面向上运动时加速度的大小;
(3)物块沿斜面上滑的最大距离.
我是偶像1年前1
diandian34 共回答了16个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)对从A到B过程运用动量定理列式求解即可;
(2)对物体受力分析,运用正交分解法,根据牛顿第二定律列式求解加速度;
(3)运用速度位移公式列式求解即可;

(1)从A到B过程运用动量定理,得到
(F-μmg)t=mv
解得
v=
Ft
m−μgt
故物块运动到B点时速度的大小为[Ft/m−μgt.
(2)物体沿斜面向上运动,受力如右图所示
根据牛顿第二定律
mgsinθ+μN=ma
N=mgcosθ
解得
a=g(sinθ+μcosθ)
故物块沿斜面向上运动时加速度的大小g(sinθ+μcosθ).
(3)根据 v2=2aS
解得
S=
(Ft−μmgt)2
2m2g(sinθ+μcosθ)]
故物块沿斜面上滑的最大距离为
(Ft−μmgt)2
2m2g(sinθ+μcosθ).

点评:
本题考点: 动量定理;匀变速直线运动的速度与位移的关系;牛顿第二定律.

考点点评: 本题关键是将物体的运动过程分割成加速和减速两个过程,然后对加速过程运用动量定理列式求解,对减速过程运用牛顿第二定律和运动学公式列式求解.

如图所示,一足够长的水平传送带以恒定的速度v运动,每隔时间T轻轻放上相同的物块,当物块与传送带相对静止后,相邻两物块的间
如图所示,一足够长的水平传送带以恒定的速度v运动,每隔时间T轻轻放上相同的物块,当物块与传送带相对静止后,相邻两物块的间距大小(  )
A. 与物块和传送带间的动摩擦因数的大小有关
B. 与物块的质量大小有关
C. 恒为vT
D. 由于物块放上传送带时,前一物块的速度不明确,故不能确定其大小
leeyouming1年前3
yifan71 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
解题思路:物块放上传送带后做匀加速直线运动,当速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动.

物块轻轻放上传送带后,做匀加速直线运动,速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动,知每隔相等时间放上传送带的物体相对于传送带滑行的位移大小相等,此过程传送带向前滑行的位移为vT,则相邻两物块的间距恒为vT.故C正确,A、B、D错误.
故选C.

点评:
本题考点: 牛顿第二定律;匀变速直线运动规律的综合运用.

考点点评: 解决本题的关键理清物块的运动规律,结合牛顿第二定律和运动学公式进行分析.

一速度为v的平板车做匀速直线运动,另一初速度为v0的物块滑上平板车
一速度为v的平板车做匀速直线运动,另一初速度为v0的物块滑上平板车
问1.之后在满足什么条件下物块相对于平板车的位移最大?
2.之后在满足什么条件下物块相对于地面的位移最大?
几度花开花落1年前3
twc520 共回答了15个问题 | 采纳率86.7%
1他们具有相同速度时,物块相对于平板车的位移最大
2开始匀速直线运动说明是动量守恒,会一直运动下去.位移一直增大.
如图所示,小物块放在水平转盘上,随转盘同步做匀速圆周运动.下列关于物块受力情况的叙述,正确的是(  ) A.小物块受到重
如图所示,小物块放在水平转盘上,随转盘同步做匀速圆周运动.下列关于物块受力情况的叙述,正确的是(  )
A.小物块受到重力、支持力的作用
B.小物块受到重力、支持力、静摩擦力、离心力的作用
C.小物块受到重力、支持力、静摩擦力的作用
D.小物块受到重力、支持力、静摩擦力、向心力的作用
天使的断翼xa1年前1
dsj111111 共回答了22个问题 | 采纳率100%
小物块受到重力、支持力和静摩擦力三个力,向心力是物体做圆周运动所需要的力,由合力或静摩擦力提供,惯性系中无离心力说法(找不到施力物体),故A错误,B错误,C正确,D错误;
故选C.
高一物理,谢谢16.(10分)如图所示,一小物块(视为质点)从竖直平面上1/4圆弧轨道顶点A由静止开始下滑,滑出圆弧轨道
高一物理,谢谢
16.(10分)如图所示,一小物块(视为质点)从竖直平面上1/4圆弧轨道顶点A由静止开始下滑,滑出圆弧轨道最低点B后恰好做平抛运动,而后落在水平地面上D点,已知小物块质量m=0.1kg,圆弧轨道半径R=1m,BC高度h=1.8m,CD=2.4m,g取10m/s2,求:(1)在轨道AB上,小物块克服摩擦做多少功?
(2)飞离B点前的瞬间小物块对轨道压力多大?
穿起qq当qq1年前2
齐思博 共回答了17个问题 | 采纳率100%
mg(ha-hb)=1/2mVb^2+fs (f为摩擦力s为圆弧轨道长度)
在B点的速度Vb可由以下关系得出
1/2gt^2=1.8m
Vbt=2.4m
Vb=4m/s
fs=0.2J
(2)FN=mg+mVb^2/R
数据你自己解
(2004•广州二模)在倾角为θ的足够长的绝缘斜面上,带负电的物块A和不带电的绝缘物块B正沿斜面往上滑,斜面处于范围足够
(2004•广州二模)在倾角为θ的足够长的绝缘斜面上,带负电的物块A和不带电的绝缘物块B正沿斜面往上滑,斜面处于范围足够大的匀强电场中,场强方向平行斜面向下.当A刚要追上B时,A的速度vA=1.8m/s,方向沿斜面向上,B的速度恰为零,如图所示,A、B碰撞过程相互作用时间极短、且A的电荷没有转移,碰后瞬间A的速度v1=0.6m/s,方向仍沿斜面向上.碰后经0.60s,A的速率变为v2=1.8m/s,在这段时间内两者没有再次相碰.已知A和斜面间的动摩擦因数μ=0.15,B与斜面的摩擦忽略不计,A、B均可视为质点,它们质量分别为mA=0.5kg、mB=0.25kg,匀强电场的场强E=5×106N/C,sin θ=0.6,g=10m/s2
(1)A、B第一次碰撞后瞬间,B的速度多大?
(2)第一次碰后的0.60s内B沿斜面向上最多滑多远?
(3)分析第一次碰撞后至0.60s这段时间内A的运动方向并求出A的电量.
3389421年前1
呆子会员 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
解题思路:(1)由于A、B碰撞过程相互作用时间极短,合外力的冲量近似为零,系统的动量认为守恒,根据动量守恒定律求解A、B第一次碰撞后瞬间B的速度;
(2)根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解第一次碰后的0.60s内B沿斜面向上滑行的最大距离;
(3)碰后的0.60s内,A的运动有两种可能:一直加速向上,或减速向上再加速向下.
设A的加速度为aA.第一情况下,两个物体能发生第二次碰撞,根据运动学公式求出A的加速度aA.当两者位移相等时,第二次碰撞,求出时间,与0.60s比较,判断第一种情况是否可能发生.
对于第二种情况,分上滑和下滑两个过程进行研究,先由运动学公式求出加速度,再根据牛顿第二定律列式,即可求得A的电量.

A、B碰撞时间极短,沿斜面的方向动量守恒,设碰后瞬间B的速度为vB mAvA=mv1+mBvB代入数字得:vB=2.4m/s(2)B的加速度aB=-gsin θ=-6m/s2B沿斜面上滑的最远距离SB=v2B2aB=0−2.422×(−6)m=0.48m(3)碰...

点评:
本题考点: 动量守恒定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系;牛顿第二定律;机械能守恒定律.

考点点评: 本题的过程比较复杂,按时间顺序进行分析.关键要分析第一次碰后A可能的运动情况,运用牛顿第二定律和运动学公式结合进行求解.

如图所示,轻弹簧的左端固定,右端与质量为m的物块B相连,B静止在粗糙水平面上的O点,此时弹簧处于原长.另一质量与B相同的
如图所示,轻弹簧的左端固定,右端与质量为m的物块B相连,B静止在粗糙水平面上的O点,此时弹簧处于原长.另一质量与B相同的物块A从P点以速度v0开始向B滑行,当A滑过距离l时,与B发生正碰,碰撞时间极短,碰后A、B粘在一起向左运动,A、B压缩弹簧后恰好能够返回并停在O点. 设A和B均可视为质点,它们与水平面的动摩擦因数均为μ.重力加速度为g.求:
(1)A、B碰撞前瞬间,A的速度大小;
(2)A、B碰撞后瞬间,A、B的速度大小;
(3)弹簧的弹性势能的最大值.
brandycrow1年前1
谁的江山 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:1、物块A从P点运动到O点的过程中,根据牛顿第二定律求出加速度,根据运动学公式求解
2、A、B碰撞过程中,由动量守恒定律求解
3、A、B碰撞后,向左运动过程中和向右运动过程中由动能定理列出等式求解.

(1)物块A从P点运动到O点的过程中,根据牛顿第二定律得:
a=μg
根据运动学公式得:
v2−
v20=2(−a)l
可解得A、B碰撞前瞬间A的速度大小 v=

v20−2μgl
(2)A、B碰撞过程中,碰撞时间极短,碰后A、B粘在一起向左运动,
由动量守恒定律得:mv=2mv′
可解得A、B碰撞后瞬间A、B的速度大小 v′=[1/2]

v20−2μgl
(3)A、B碰撞后,向左运动过程中,由动能定理得:
-Wf-W=0-[1/2](m+m)v′2
向右运动过程中,由动能定理得:
-Wf+W=0-0
可解得 W弹=
1
8m(
v20−2μgl)
弹簧的弹性势能的最大值为 [1/8m(
v20−2μgl)
答:(1)A、B碰撞前瞬间,A的速度大小是

v20−2μgl];
(2)A、B碰撞后瞬间,A、B的速度大小是[1/2]

v20−2μgl;
(3)弹簧的弹性势能的最大值是
1
8m(
v20−2μgl).

点评:
本题考点: 动量守恒定律;牛顿第二定律;动能定理;弹性势能.

考点点评: 本题结合弹簧问题考查了动量守恒和功能关系的应用,能根据动量守恒条件判断系统动量守恒并能列式求解,能根据动能定理列式求解是解决本题两问的关键.

如图所示,质量mB=2kg的平板车B上表面水平,开始时静止在光滑水平面上,在平板车左端静止着一块质量mA=2kg的物块A
如图所示,质量mB=2kg的平板车B上表面水平,开始时静止在光滑水平面上,在平板车左端静止着一块质量mA=2kg的物块A,一颗质量m0=0.01kg的子弹以v0=600m/s的水平初速度瞬间射穿A后,速度变为v=200m/s.已知A与B之间的动摩擦因数不为零,且A与B最终达到相对静止,则系统产生的热量为多少?
机器猫奶瓶1年前1
一脸青渣 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
解题思路:子弹、A、B组成的系统动量守恒,由动量守恒定律求出AB的速度,然后由能量守恒定律求出系统产生的热量.

子弹、物块A和平板车B组成的系统动量守恒,以向右为正方向,全过程,由动量守恒定律得:
m0v0=m0v+(mA+mB)vB
解得vB=1m/s,
系统产生的热量等于系统机械能的减少量,由能量守恒定律得:
Q=△E=[1/2]m0v
20-[1/2](mA+mB)v
2B-[1/2]m0v2
代入数据解得:Q=1598J.
答:系统产生的热量为1598J.

点评:
本题考点: 动量守恒定律.

考点点评: 本题综合考查了动量守恒定律和能量守恒定律,综合性较强,是道好题.运用动量守恒定律解题时,关键要合理地选择研究的系统.

如图所示,小车向右做匀加速运动的加速度大小为a,bc为固定在小车上的水平横杆,物块M串在杆上,M通过细线悬吊着一小铁球m
如图所示,小车向右做匀加速运动的加速度大小为a,bc为固定在小车上的水平横杆,物块M串在杆上,M通过细线悬吊着一小铁球m,M、m均相对小车静止,细线与竖直方向的夹角为θ.若小车的加速度逐渐增大到2a时,M仍与小车保持相对静止,则(  )
A. 横杆对M的作用力增加到原来的2倍
B. 细线的拉力增加到原来的2倍
C. 细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍
D. 细线与竖直方向夹角的正切值增加到原来的2倍
bluevan1年前3
无形巴西 共回答了20个问题 | 采纳率85%
解题思路:先对小球受力分析,根据牛顿第二定律列式分析;再对小球和滑块整体受力分析,根据牛顿第二定律列式求解,从中解出各个选项中涉及到的物理量,然后可以判定其具体变化情况.

对小球受力分析,受重力mg和细线的拉力T,如图

根据牛顿第二定律,水平方向有
Tsinθ=ma ①
竖直方向受力平衡有:
Tcosθ-mg=0 ②
再对m和M整体受力分析,受总重力(M+m)g、横杆支持力N、横杆摩擦力f,如图

根据牛顿第二定律,水平方向有
f=(M+m)a ③
竖直方向受力平衡有:
N-(M+m)g=0 ④
由①②③④解得:
tanθ=
a
g
N=(M+m)g
T=
m(a2+g2)
f=(M+m)a
横杆对M的作用力:F=
f2+N2
由以上表达式可知:
横杆对M的摩擦力增大为原来2倍,但是支持力没变,故横杆对M的作用力不是原来两倍.故A错误
由拉力表达式可知,拉力T也不是增大为原来2倍,故B错误.
θ的正切变为原来的2倍,但θ不是2倍,故C错误,D正确
故选D.

点评:
本题考点: 牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.

考点点评: 本题是典型的整体与部分受力分析法的应用,对连接体问题,多数要用到这个方法,建议重点训练掌握熟练.
另外在涉及正交分解的时候,一般是在运动方向列牛顿第二定律方程,而在垂直运动方向列平衡方程.

传送带AB始终保持v=1m/s的速度水平移动,将一质量为m=0.5 kg的物块从离皮带很近处轻轻放在A点,物体与皮带间的
传送带AB始终保持v=1m/s的速度水平移动,将一质量为m=0.5 kg的物块从离皮带很近处轻轻放在A点,物体与皮带间的动摩擦因数为0.1,AB之间的距离L=2.5 m.求物体由A运动到B所用的时间
zp_aa1年前2
cmb21 共回答了12个问题 | 采纳率100%
物体刚放上去的加速度a=(摩擦因素×mg)÷m=1m/s2 物体达到传送带速度的时间t1=v/a=1s 运动的位移S=1/2 a(t1)2=0.5m 匀速运动的时间t2=(l-S)/v=2s 总时间t=t1+t2=3s
(2011•南京一模)如图所示,两块粘连在一起的物块a和b,质量分别为ma和mb,放在水平的光滑桌面上,现同时给它们施加
(2011•南京一模)如图所示,两块粘连在一起的物块a和b,质量分别为ma和mb,放在水平的光滑桌面上,现同时给它们施加方向如图所示的力Fa和拉力Fb,已知Fa>Fb,则a对b的作用力(  )
A.必为推力
B.必为拉力
C.可能为推力,也可能为拉力
D.不可能为零
angelqisweet1年前1
byronli 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:对整体受力分析,由牛顿第二定律可求得整体的加速度,再用隔离法分析a的合力,分析合力与两分力的关系可得出ab间的力的性质.

整体水平方向受两推力而做匀加速直线运动,由牛顿第二定律可得:
a=
Fa+Fb
ma+mb;
对a由牛顿第二定律可得:
Fa+T=maa
T=-Fa+ma
Fa+Fb
ma+mb=-
mbFa−maFb
ma+mb;
若mbFa>maFb,T为负值,b对a为推力;
若mbFa<maFb,T为正值值,则b对a为拉力;
故选:C.

点评:
本题考点: 牛顿运动定律的应用-连接体.

考点点评: 本题考查整体法与隔离法的应用,一般先用整体法求出整体加速度或表达式,再选取其中一个物体进行分析即可求出;本题的难点在于最后对公式的分析.

(2010•济南一模)如图所示,物块A、B叠放在水平桌面上,装砂的小桶C通过细线牵引A、B一起在水平桌面上向右加速运动,
(2010•济南一模)如图所示,物块A、B叠放在水平桌面上,装砂的小桶C通过细线牵引A、B一起在水平桌面上向右加速运动,设A、B间的摩擦力为f1,B与桌面间的摩擦力为f2,若增大C桶内砂的质量,而A、B仍一起向右运动,则摩擦力f1和f2的变化情况是(  )
A.f1不变,f2变大
B.f1变大,f2不变
C.f1和f2都变大
D.f1和f2都不变
约定£rr1年前1
oo枫飞雪 共回答了21个问题 | 采纳率81%
解题思路:由于AB一起向右运动,可以用整体法,AB整体水平方向受绳的拉力和滑动摩擦力f2.增大C的质量,绳的拉力增大,AB整体的合力即加速度增大.对A来说,合力就是静摩擦力f1,因此f1是增大的.

由题意知,对A:f1是静摩擦力,f1=mAa,
对AB整体:F-f2=(mA+mB)a.
f2是滑动摩擦力,f2=μ(mA+mB)g.
若增加C桶内沙的质量,系统加速度变大,故f1变大,f2不变,选项B正确.
故选:B

点评:
本题考点: 静摩擦力和最大静摩擦力.

考点点评: 考查受力分析与牛顿第二定律,本题注意:f1是静摩擦力,为A提供加速度,如果增加C的质量,整体的加速度就会变大,所以f1也要变大为A提供更大的加速度.f2是动摩擦力,动摩擦力是不变的,只和总压力、摩擦系数有关.

如图所示,一质量为m的物块从光滑斜面顶端的A点由静止开始下滑,A点到水平地面BC的高度H=2m,通过水平地面BC(BC=
如图所示,一质量为m的物块从光滑斜面顶端的A点由静止开始下滑,A点到水平地面BC的高度H=2m,通过水平地面BC(BC=2m)后滑上半径为R=1m的光滑1/4圆弧面CD,上升到D点正上方0.6m(图中未画出最高点)后又再落下.(设各轨道连接处均平滑且物块经过时无能量损失,g取10m/s2).求:
(1)物块第一次到达B点时的速度VB
(2)物块第一次从B到C克服阻力所做的功;
(3)物块最终停在距B点右侧多远处?
db8281年前1
Cinco 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
解题思路:(1)物块由A到B的过程中,只有重力做功,机械能守恒,由机械能守恒定律可以求出到达B点的速度.
(2)从A到D过程中,应用动能定理可以求出在BC段克服摩擦力做的功.
(3)克服摩擦力做功,把物块的机械能转化为内能,由能量守恒定律可以求出物块的路程,最后确定物块的位置.

(1)由A到B过程,物块的机械能守恒,
由机械能守恒定律得:mgH=
1
2mVB2,
解得:VB=
2gH=2
10m/s;
(2)对从A点第一次运动到最高点的过程,
由能定理,设BC段阻力所做的功为Wf
由动能定理得:mg(H-R-0.6)+Wf=0-0,
解得:Wf=-0.4mg,即克服阻力做功为0.4mg;
(3)由第(2)问知,物块每次经过BC段机械能损失0.4mg,
原有总机械能为E=mgH=2mg,
可知物块经过BC段5次后停在C点,即B点右侧2m处.
答:(1)物块第一次到达B点时的速度为2
10m/s;
(2)物块第一次从B到C克服阻力所做的功0.4mg;
(3)物块最终停在距B点右侧2m处.

点评:
本题考点: 动能定理的应用;机械能守恒定律.

考点点评: 分析清楚物体的运动过程,应用动能定理即可正确解题;分析清楚物体运动过程是正确解题的关键.

有一道物理题,我没搞懂为什么要这样做.比如说,以10N的匀速直线拉动一个物块,它的摩擦力是10N,为什么以15N的力拉动
有一道物理题,我没搞懂为什么要这样做.比如说,以10N的匀速直线拉动一个物块,它的摩擦力是10N,为什么以15N的力拉动它就是加速直线运动?在我印象中,匀速直线运动就是速度均匀的直线运动.但是,加速直线运动就是速度逐渐增加的直线运动吗?我觉得应该以15N力拉也是匀速直线运动啊?难道速度逐渐增加?求老师解释.
淡淡的浅1年前1
xxyy 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
用10N拉动,摩擦力也是10N拉力和摩擦力不就互相抵消了吗,由牛顿第一定律(一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态,除非作用在他上面的力迫使他改变这种状态),当拉力变为15N时,F拉-F摩擦不就等于5N,等于给了他一个力迫使他改变匀速直线运动的状态.
匀加速运动指有一个加速度,高一必修一第四章会清楚讲明,没学的话不要太钻进去了,容易跟现学的知识搞混
如图一个重力G=4N的物体放在倾角为30°的光滑斜面上,斜面放在台秤上.当烧断细线后,物块正在下滑的过程中与静止时比较,
如图一个重力G=4N的物体放在倾角为30°的光滑斜面上,斜面放在台秤上.当烧断细线后,物块正在下滑的过程中与静止时比较,台秤示数(  )
A. 减小2N
B. 减小1N
C. 增大2N
D. 保持不变
GilGrissom1年前6
xijunjie 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
解题思路:先对整体研究,根据平衡条件求出台秤对斜面的支持力,即得到台秤的示数.当细线被烧断物块正在下滑时,对物块进行研究,求出物块对斜面的压力大小,将此压力分解为水平和竖直两个方向的分力,即可得到台秤的示数.

设斜面的重力为G.整个装置保持静止状态时,台秤的示数为F1=GA+G.当细线被烧断物块正在下滑时,物块对斜面的压力大小为N=GAcos30°,对斜面研究得到,台秤的示数为F2=G+Ncos30°=G+[3/4]GA,故台秤的示数减小量为△F=GA-[3/4]GA=1N.
故选:B.

点评:
本题考点: 牛顿运动定律的应用-超重和失重.

考点点评: 本题运用整体法和隔离法进行研究,分析受力情况是基础.

一竖直弹簧下端固定在地面上,上端连着质量为M的B板,B板上放一个质量为m的物块C,平衡时,弹簧被压缩L.
一竖直弹簧下端固定在地面上,上端连着质量为M的B板,B板上放一个质量为m的物块C,平衡时,弹簧被压缩L.
若使C随B一起沿竖直方向做简谐运动而不分离.求:(1)此振动的最大振幅;(2)在(1)的条件下,到最到点C的加速度是多少?该处C对B压力大小为多少?(当地重力加速度为g)
麻烦给个具体的解答过程,
是最高点,打掉了。
雨过无尘1年前1
felicia_rong 共回答了17个问题 | 采纳率76.5%
(1)最大振幅为L
假设BC运动到弹簧原长以上时
B 的加速度a=g+弹簧提供的加速度
C 就是g
故 一定会分离
所以 最大振幅为L
(2)你应该问的是最低点吧
因为是做简谐运动
在最高点和最低点的加速度大小相等方向相反
在最高点即弹簧原长时 加速度为g 向下
则在最低点是加速度也为g向上
F-mg=mg
F=2mg
例1、 如图所示,A,B是两个叠放在水平地面上的长方形物块,F是作用在B物块上的水平力,物块A、B以相同的速度做匀速直线
例1、 如图所示,A,B是两个叠放在水平地面上的长方形物块,F是作用在B物块上的水平力,物块A、B以相同的速度做匀速直线运动,则A、B间的动摩擦因数μ2和B与地面间的动摩擦因数μ1,若有以下几种情况:
①μ1=0 ②μ1≠0 ③μ2=0 ④μ2≠0,其中有可能的是
A.①②③ B.②③④
C.①③④ D.①②④
mc_jy1年前2
的啦 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
答案:B
先用隔离法,对A进行受力分析:
A受重力和支持力二力平衡;因为A做匀速直线运动,所以A不受摩擦力,所以不能判断A、B间的动摩擦因数是否为0,③和④均有可能.
再用整体法,对A、B整体进行受力分析:
整体受重力和支持力二力平衡;整体还受水平力F,为保证整体做匀速直线运动,B与地面之间必须有一摩擦力与F平衡,因此B与地面间的动摩擦因数一定不为0,①不可能,②可能.
所以答案为B.
位于水平桌面上的物块P,由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连,从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的.已知Q与P之间以及P与桌面之

位于水平桌面上的物块P,由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连,从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的.已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ,两物块的质量都是m,滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计,若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动.

【问题是 如果对Q进行受力分析,它受到绳子拉力和Q与P之间的摩擦力,其中这个绳子拉力T为什么不等于F?不是传递效果吗? 第二个,对P受力分析,它受到拉力F,P对地的摩擦,Q与P之间的摩擦,为什么还受到一个绳子拉力T?不是F把P往右拉吗 为什么还会受到向左的绳子拉力?】 尽量详细,
second-to-none1年前4
easy_uu 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
力 是不具有传递性的.切记!
所以T不等于F
第二,左边是定滑轮,定滑轮两边的绳子拉力是一样大的,不可能一段绳子有拉力,而另一段没有.
棘手的物理题光滑水平面上有两个物块A和B,用弹簧连接.弹簧处于原长.现用恒力F推A,接下来AB的运动如何描述?在AB达到
棘手的物理题
光滑水平面上有两个物块A和B,用弹簧连接.弹簧处于原长.现用恒力F推A,接下来AB的运动如何描述?在AB达到共同速度前,A是否会有一减速过程?
jameswangle1年前1
月全食663 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
F→口////口
一楼的说法中忘了推力F.
A不一定减速.
开始阶段,两物体都做加速运动,A的加速大,B的加速度小;弹簧在缩短,弹力在增大;A的加速度在减小,B的加速度在增大.
如果B的质量较小,
有可能在弹簧的弹力小于F时,B的加速度已经大于A的加速度,一段时间后,B的速度已经等于A的速度,弹力仍然小于F
之后B的速度开始比A大,此时A的加速度虽然比此前小,但仍然是加速运动,速度在增加,只是没B的速度增加得快.
之后,弹簧的长度在伸长,A的加速度增大,B的加速度减小,某时刻两物速度再次相等,随后A的速度大,B的速度小,再之后.
顺便说一句,如果你能想清楚这个过程,高考报考物理是一定有能力的,只要不偷懒!
高一物理牛顿第二定律的一题.质量为m=3kg的物块放在水平地面上,物块与水平面的动摩擦因数为μ=0.2,开始时物块静止,
高一物理牛顿第二定律的一题.
质量为m=3kg的物块放在水平地面上,物块与水平面的动摩擦因数为μ=0.2,开始时物块静止,现对物块施加一个水平向右恒力F1=15N的作用力,经t1=6s撤去,同时施加一个向左的恒力F2=12N,作用t2=时间后撤去,同时施加一个水平向右的恒力F3=12N,在14s末物块的速度为v=18m/s方向向右
求(1)t2=?(2)14s内发生的位移
qwfrwetgwer1年前5
不但丑而且穷 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
答案:(1)t2=2s (2)150m
分析:这道题过程有点复杂属于单物体多过程的类型.要分清每个过程中的受力、加速度.经分析其实每一个单独的过程都是匀变速直线运动(a不变),我们规定向右的方向为正方向.根据最终的速度为18m/s列式.
(1)设第二个过程中有F2的时间为t2,则第二个过程中有F3的时间为14-6-t2
受向右的15N的F1的拉力与向左的6N的摩擦力f,
F1-f=ma1,推出a1=3m/s²
V1=a1t=18m/s
受向左的12N的F2的拉力与向左的6N的摩擦力f
F2+f=ma2,推出a2=6m/s²
V2=V1-a2t2 ①
受向右的12N的F3的拉力与向左的6N的摩擦力f
F3-f=ma3,推出a3=2m/s²
V3=V2+a3·(14-6-t2)=18m/s ②
由①②得t2=2s
(2)再利用位移公式:
x1=(1/2)a1·6²=54m
x2=v1·2-(1/2)a2·2²=24m
x3=v2·(14-5-2)+(1/2)a3·(14-6-2)²=72m
综上所述:14s内的位移为150m
一长方体物块静止放在水平面上,如压力F的方向发生一些倾斜,物块仍保持静止,此时物块受到几个作用力?画出受力图.
一长方体物块静止放在水平面上,如压力F的方向发生一些倾斜,物块仍保持静止,此时物块受到几个作用力?画出受力图.
答案是4个.我知道有重力和支持力,还有一个是什么力,怎么画?
冰如霜1年前3
rr里的小火焰 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
静摩擦力,水平,方向与压力F倾斜的方向相反.如果压力F向右下方,静摩擦力就是水平向左
这几个力作用点你可以都画在长方体重心上,构成共点力
将某物块用细线系在弹簧测力计下,在空气中称时示数是15N,浸没在水中称时示数是5N,(水的密度为1.0×103kg/m3
将某物块用细线系在弹簧测力计下,在空气中称时示数是15N,浸没在水中称时示数是5N,(水的密度为1.0×103kg/m3);求:

(1)此时物块受到水的浮力;
(2)物块的体积;
(3)物块的密度.
小大精灵1年前1
5587022 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:(1)利用称重法F=G-F求物块在水中受到的浮力;
(2)求出来了浮力,利用阿基米德原理FVg求物块排开水的体积(物块的体积);
(3)上面测出了物块的重力,利用重力公式求出物块的质量,然后利用密度公式求物块的密度.

(1)F=G-F=15N-5N=10N,
(2)∵物块浸没水中,FVg,
∴V=V=
F浮
ρ水g=[10N
1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-3m3
(3)由G=mg得,物块的质量为m=
G/g]=[15N/10N/kg]=1.5N,
物块的密度ρ=[m/V]=
1.5N
1×10−3m3=1.5×103kg/m3
答:(1)此时物块受到水的浮力为10N;
(2)物块的体积为1×10-3m3
(3)物块的密度为1.5×103kg/m3

点评:
本题考点: 浮力大小的计算;阿基米德原理.

考点点评: 本题考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理的掌握和运用,利用好“称重法测浮力”求出金属块在水中受到的浮力是本题的突破口.

关于力的一道初一科学题用一条绳子悬挂一物块,物块处于静止状态,这时物块所受的作用力是______和______,它们的施
关于力的一道初一科学题
用一条绳子悬挂一物块,物块处于静止状态,这时物块所受的作用力是______和______,它们的施力物体分别是_______和________.
longjiaqian1年前1
晕883 共回答了10个问题 | 采纳率90%
拉力,重力,绳子,地球
关于相互作用力的一道题6.如图,地面受到的弹力是( )A.物块对地面的压力与桌子对地面的压力之和B.桌子对地面的压力C.
关于相互作用力的一道题
6.如图,地面受到的弹力是( )
A.物块对地面的压力与桌子对地面的压力之和
B.桌子对地面的压力
C.桌子的重力
D.物块和桌子的重力
请说明缘由
仰问苍穹1年前2
zl306187779 共回答了21个问题 | 采纳率71.4%
B 你就记住一句话就可以了:力不可以传递.
如图3所示,一物块放在一个圆盘中,若圆盘表面与水平面的夹角为α,物块转动半径为R,与圆盘的摩擦系数为μ,则物块和圆盘一起
如图3所示,一物块放在一个圆盘中,若圆盘表面与水平面的夹角为α,物块转动半径为R,与圆盘的摩擦系数为μ,则物块和圆盘一起按如图所示转动的过程中,下列说法正确的是 ( ) A.角速度的最大值为 μgcos α-gsin α R B.角速度的最大值为 μgcos α+gsin α R C.物块随圆盘向上转动过程中,圆盘对物块的弹力做正功 D.圆盘对物块的摩擦力始终不做功答案是A为什么不是B?请详解
何日相逢1年前1
月下狂曲 共回答了22个问题 | 采纳率86.4%
当角速度足够大时,物体有向外滑动的趋势,受到的摩擦力是斜向下方的,重力沿斜面的分力也是斜向下的,所以中间应为加号,答案B正确.
物块A和B用轻质弹簧相连,在光滑的水平直轨道上处于静止状态.物块C沿轨道以速度V向左运动,C与B发生碰撞立即达到共同速度
物块A和B用轻质弹簧相连,在光滑的水平直轨道上处于静止状态.物块C沿轨道以速度V向左运动,C与B发生碰撞立即达到共同速度但不粘连.已知A,B,C三物块的质量均为m
(1)求:C,B碰撞时的共同速度 (2)C,B分离时C的速度
泣涕连连1年前3
未激活139 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
答:(1)由动量守恒:mV=2mV₁
所以C、B碰撞时的共同速度 V₁=V/2 ①
(2)当轻质弹簧被压缩至最短又恢复至原长的时刻C、B分离,设此时C、B共同速度为V₂
C的速度为V₃,由动量守恒:mV=2mV₂+mV₃ ②
由机械能守恒得:½(2mV₁*V₁)=½(2mV₂*V₂)+½(mV₃*V₃) ③
联立 ①——③ 解得 V₂= V/2 (不合情境,舍去) V₂= V/6
即C、B分离时C的速度为V/6
一物块放一45度斜面体上,物块 斜面体都重1kg,各接触面无摩擦力,用一大小为20牛的水平力推
一物块放一45度斜面体上,物块 斜面体都重1kg,各接触面无摩擦力,用一大小为20牛的水平力推
刚开始物块斜面体间无相对滑动,都以10米每秒的加速度向前运动,某时刻水平力突增为40牛,问物块斜面体加速度各为多少?不计空气阻力
zjgirl1年前1
crazyjessica 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
设 斜面的加速度为 a1,物体相对于斜面的往上滑的加速度为√2*a2
即可 即可将物体受力分解 40-m*a1=ma2 ma1-mg=ma2
即 a1+a2=40
a1-a2=10
即 a1=25 a2=15
即斜块有25m/s^2的加速度
物体具有向前 25m/s^2 和斜向上45° 15√2 m/s^2 的加速度 自己合成吧
—物体从倾角为a,长为S的斜面的顶端由静止开始下滑,物块与斜面的动摩擦因数为u,求物块滑到地面所用的时...
—物体从倾角为a,长为S的斜面的顶端由静止开始下滑,物块与斜面的动摩擦因数为u,求物块滑到地面所用的时...
—物体从倾角为a,长为S的斜面的顶端由静止开始下滑,物块与斜面的动摩擦因数为u,求物块滑到地面所用的时间和到达底端速度大小是多少.
angeline0131年前2
精彩瞬间 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
加速度a=(mgsina-umgcosa)/m=g(sina-ucosa)
物块滑到地面所用的时间:t=(2s/a)^1/2=[2s/g(sina-ucosa)]^1/2
到达底端速度大小:v=(2as)^1/2=[2gs(sina-ucosa)]^1/2
如图所示,一物块静止在斜面上,现用一个水平力F作用于物块,当力的大小从零开始逐渐增加到F时,而物块仍能保持静止,以下说法
如图所示,一物块静止在斜面上,现用一个水平力F作用于物块,当力的大小从零开始逐渐增加到F时,而物块仍能保持静止,以下说法正确的是(  )
A. 物块受到的摩擦力一定增大
B. 物块所受合力增大
C. 物块受到的摩擦力有可能增大,也有可能减小
D. 物块受到斜面的作用力增大
沸水中的冰1年前5
honglovewen 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:物体始终处于静止状态,所以所受的合力始终为零.对物体受力分析后分情况根据平衡条件讨论支持力和摩擦力的变化情况.

对物体受力分析并分解如图,根据平衡条件得合力为零:
物体所受斜面支持力N=Fsinθ+mgcosθ,F增大,则得N一定增大;
未画上f,分情况讨论f的情况:
开始时物体处于静止状态,故重力的下滑分量一定静摩擦力;
①Fcosθ=Gsinθ;f=0;F增大,f增大;
②Fcosθ>Gsinθ;f沿斜面向下,F增大,f增大;
③Fcosθ<Gsinθ;f沿斜面向上,F增大,f先变小后变大
由于推力F从零开始增加,故静摩擦力一定是先减小后增大;故有可能增大,也可能减小;
故AB错误,CD正确;
故选:CD.

点评:
本题考点: 共点力平衡的条件及其应用;摩擦力的判断与计算.

考点点评: 本题是平衡条件得应用,只要物体处于平衡状态,合外力始终为零,物体摩擦力的情况需要分情况讨论有一定的难度,需要讨论分析.

如图所示,面积较大的水池内水深为H,水面上浮着一边长为a、质量为m的正方体物块,物块的一半体积浸在水中.现用力将木块缓慢
如图所示,面积较大的水池内水深为H,水面上浮着一边长为a、质量为m的正方体物块,物块的一半体积浸在水中.现用力将木块缓慢地压入水中直到池底,则从木块刚好浸没水中开始到最终压在池底的过程中,池中水的能量增加了(  )
A.2mg(H-a) B.mg(H-a) C.mg(H-
a
2
) D.2mg(H-
a
2

考点:物体的浮沉条件及其应用;阿基米德原理.
专题:应用题.
分析:漂浮时受到的浮力等于物体的重力,利用阿基米德原理求出物体受到的浮力;利用力的平衡求出手对物块的压力;压力等于物块完全浸没时受到的浮力与物块重力之差,压力F做的功等于压力与物块下移距离的乘积.
为什么压力等于物块完全浸没时受到的浮力与物块重力之差
wkeshuer1年前1
josh_wu 共回答了25个问题 | 采纳率80%
当木块刚好浸没时受到的压力等于浮力大小为:F+F浮力=2mg,解得:F=mg,方向向下.
由能量守恒,木块机械能的减少与压力做功之和等于池水的能量的增加.
由能量守恒:△W池水=mg(H-a/2)+mg(H-a/2)=2mg(H-a/2)
答案为:D
半径为R的均匀半球 物块 平衡状态
半径为R的均匀半球 物块 平衡状态
怎么找重心?
油炸生活1年前1
elnfler 共回答了21个问题 | 采纳率85.7%
有个杠杆原理的吧
Mg * 3/8r * sinθ = mg * r * cosθ
可解得θ值.
看不懂可继续询问
如图所示,A、B两个物块的重力分别是GA=3N,GB=4N,弹簧的重力不计,整个装置沿竖直方向处于静止状态,这时弹簧的弹
如图所示,A、B两个物块的重力分别是GA=3N,GB=4N,弹簧的重力不计,整个装置沿竖直方向处于静止状态,这时弹簧的弹力F=2N,则天花板受到的拉力和地板受到的压力,有可能是(  )
A. 1 N和6 N
B. 5 N和6 N
C. 1 N和2N
D. 5 N和2 N
3000yuwei1年前4
luckymo1210 共回答了19个问题 | 采纳率73.7%
解题思路:本题应分别考虑弹簧压缩和伸长两种情况,根据共点力的平衡条件分别分析A、B受力情况,从而得出天花板受力及地面受压力.

弹簧的弹力为2N,有两种可能情形:弹簧处于拉伸状态;弹簧处于压缩状态,因此对应的解应有两组.
①当弹簧处于拉伸状态时,由A、B受力均平衡可知,A受重力、弹簧向下的拉力及绳子对A的拉力,由共点力的平衡可知,绳子的拉力F=GA+F=5N;由牛顿第三定律可知天花板受到的拉力为5N;对B分析,B受重力、支持力及弹簧向上的拉力而处于平衡,则B受支持力FN=mg-F=2N;故D正确.
②若弹簧处于压缩状态,同理可知,A正确.
故选AD.

点评:
本题考点: 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;胡克定律.

考点点评: 本题应注意弹簧既可以提供拉力也可提供压力,故本题中会出现两种可能,应全面分析.

如图所示,质量为0.4kg的物块与转轴相距0.8m,物块随转台由静止开始转动,当转速增加到某值时,物块恰好能随圆盘做匀速
如图所示,质量为0.4kg的物块与转轴相距0.8m,物块随转台由静止开始转动,当转速增加到某值时,物块恰好能随圆盘做匀速圆周运动而不被甩出,此时圆盘的角速度为120rad/min.求:
(1)金属块的线速度和金属块的向心加速度.
(2)金属块受到的最大静摩擦力.
(3)整个过程中摩擦力所做的功.
电气传动1年前1
shaunzobin 共回答了22个问题 | 采纳率90.9%
(1)根据圆周运动的公式,ω=120rad/min=2rad/s,v=ωr=2×0.8=1.6m/s,又因为a=ωv=3.2m/s².
(2)刚好不甩出时,向心力刚好有最大静摩擦力提供,所以fm=ma=0.4×3.2=1.28N
(3)整个过程中,摩擦力都指向圆心,充当向心力,所以不做功,即摩擦力所做的功为0
简单牛顿运动学:m=2kg物块受到水平力F1=6N,F2=3N作用在μ=0.2地面上滑,可能的加速度是A.1 B.2 C
简单牛顿运动学:m=2kg物块受到水平力F1=6N,F2=3N作用在μ=0.2地面上滑,可能的加速度是A.1 B.2 C.3 D.4
jy004730841年前1
hhy768 共回答了10个问题 | 采纳率90%
AB,F推max=6N+3N=9N,F摩=F压×μ=G×μ=mg×μ=2×10×0.2N=4N
F合max=9N-4N=5 N a=F/m=5/2米每二次方秒
所以加速度小于5/2
如果斜面不光滑,物块与斜面的动摩擦因数为μ
长风科技1年前1
一吖 共回答了26个问题 | 采纳率88.5%
设物块质量为m,小车质量为M.
分析小车受力:
物块的摩擦力:μ*mgcosθ,沿斜面向下施加给小车.
物块的正压力:mgcosθ,垂直于斜面,压向小车.
这两个力的垂直向下分力对小车加速度没有影响.只考察水平分力情况.
摩擦力的水平分力:μ*mgcosθ*cosθ,方向向右
正压力水平分力:mgcosθ*sinθ,方向向左
所以合力:mgcosθ*sinθ-μ*mgcosθ*cosθ
=mgcosθ(sinθ-μ*cosθ)
小车加速度为:mgcosθ(sinθ-μ*cosθ)/M
这式子有点晕!不知对否?
————————————————过年了,解一赠一:)
顺便看看物块加速度:
(重力的沿斜面的分力)下滑力:mgsinθ
(重力垂直于斜面的分力为正压力)摩擦力:μ*mgcosθ
合力:mg(sinθ-μ*cosμ)
加速度:mg(sinθ-μ*cosμ)/m=g(sinθ-μ*cosμ).
(2013江西)用手将一个质量为500g,棱长为10cm的正方形物体浸没于水中,使物块上表面离水面20cm
(2013江西)用手将一个质量为500g,棱长为10cm的正方形物体浸没于水中,使物块上表面离水面20cm
1)正方体物块下表面受到的压强
2)正方体物块上下表面受到的压力差
3)放手后,正方体物块最终静止时受到的浮力(g取10N/kg)
布丁love1年前1
ezhuyu0356 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
(1)
P=ρ液gh
=1000*10*(0.1+0.2)
=3000Pa
(2)
F浮=ρ液gV排
=1000*10*0.001
=10N
(3)
因为10N>5N 最终状态是漂浮F浮=G
F浮=0.5*10=5N
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物理题,马上把质量为400克,体积为500cm^3的物块浸没到水中物体在水中受到的浮力?在水中是上浮还是下沉?物块最终平
物理题,马上
把质量为400克,体积为500cm^3的物块浸没到水中
物体在水中受到的浮力?在水中是上浮还是下沉?物块最终平衡时排开水的体积?
如果我幸福1年前2
werr2re2e2 共回答了20个问题 | 采纳率95%
F浮=p水gV=1*10^3*10*[500*10^(-6)]=5牛顿
先算物块密度p=M / V=400 / 500=0.8 克 / 立方厘米<p水
所以在水中物块会上浮.
最终平衡时,浮力等于重力,这时有 Mg=p水g*V排
0.4*10=1*10^3*10*V排
得排开水的体积是 V排=4*10^(-4)立方米=400立方厘米
注:注意各量单位的统一.