他冲上前去,从队伍里就出一个小伙子.这句话怎么改不变意思

对小滑块分析可知，小滑块将做匀减速直线运动，加速度大小
a 1=
μ 1g=5m/
s2
木板B的加速度应为
a 2=

μ 1mg
−μ 2(m+2m)g
2m=1m/
s2 ，所以木板将向右做匀加速直线运动，
设经时间t时两者的速度相同，应有：
v 0-
a 1t=
a 2t
解得t=[1/3]s，
小滑块相对木板的位移为：△x=
v 0t−
1
2
a 1
t2 -[1/2]
a 2
t2
解得△x=[1/3]m
答：小滑块相对木板滑行的位移是
1
3m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 对物体进行受力分析和运动过程分析，然后再根据需要的物理规律求解即可．

（1）摩托车冲上高台的过程，由动能定理得：
Pt-mgh=
1
2mv2−
1
2mv02
代入数据得：v=20m/s．
（2）摩托车飞离高台后做平抛运动
竖直方向上：h＝
1
2gt2
水平方向上：s=vt
代入数据得：s=20×1=20m．
答：（1）摩托车从高台水平飞出的速度为20m/s．
（2）摩托车飞出的水平距离为20m．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；向心力．

考点点评： 本题考查动能定理和平抛运动的规律，难度不大，在上抛的过程中知道功率不变，根据W=Pt得出牵引力功．

物体以初速度v_o冲上粗糙的斜面，
按顺序分析：物体先受到重力，
由于重力作用物体跟斜面发生挤压，物体受到斜面的支持力即弹力，
由于物体相对粗糙斜面向上运动，物体有沿斜面向下的摩擦力．
故选：D．

点评：
本题考点： 物体的弹性和弹力．

考点点评： 对常见的几种力的产生条件进行判断分析．
我们进行受力分析的顺序是先分析重力，再是弹力，其次是摩擦力，最后是外力．
要注意支持力、压力属于弹力．

A、若皮带轮逆时针方向转动，物体受摩擦力水平向左，物体一直做匀减速直线运动，与传送带静止受力、运动情况相同，由题意知末速度仍为V，A选项正确．
B、由以上分析知道A物体以末速度V到达传送带右端，B选项错误．
C、若皮带轮顺时针方向转动，因为传送带速度小于物块速度，所以物体首先做减速运动，又因为传送带速度大于V，物体的速度不可能再减小到V，当物体的速度与传送带的速度相同时物体与传送带一起匀速运动．所以物体离开传送带的速度要大于V．C选项错．
D、由以上分析知道D选项正确．
故选A、D

点评：
本题考点： 匀变速直线运动规律的综合运用；滑动摩擦力；牛顿第二定律．

考点点评： 正确分析摩擦力方向和物体是否一直减速是关键，受力分析、运动分析是牛顿定律解题的关键．

A、若皮带轮逆时针方向转动，物体受摩擦力水平向左，物体一直做匀减速直线运动，与传送带静止受力、运动情况相同，由题意知末速度仍为V，A选项正确．B、由以上分析知道A物体以末速度V到达传送带右端，B选项错误．C、...

点评：
本题考点： 匀变速直线运动规律的综合运用；滑动摩擦力；牛顿第二定律．

考点点评： 正确分析摩擦力方向和物体是否一直减速是关键，受力分析、运动分析是牛顿定律解题的关键．

摩托车冲点过程，由动能定理：Pt-mgh=
1
2mv2−
1
2mv02
代入取据得v=10
3m/s
飞出后做平抛运动：
则h=[1/2gt2，s=vt
由以上两式得s=6
10]m
答：摩托车飞出的水平距离S是6
10m

点评：
本题考点： 平抛运动．

考点点评： 本题考查动能定理和平抛运动的规律，难度不大，在上抛的过程中知道功率不变，根据W=Pt得出牵引力功．

（1）C点由向心力公式可得：
3mg+mg=m

v2C
R；
解得：v_C=2
gR；
（2）小球从C点出发后，做平抛运动，由平抛运动规律可知：
2R=[1/2]gt²；
x=v_Ct
联立解得：
x=4R；
（3）对AC过程由动能定理可知：
-mg2R-W_f=[1/2]mv_C²-[1/2]mv_A²
解得：W_f=4mgR；
由功的公式可知：
W_f=μmg×16R
得：μ=0.25；
答：（1）物体在C点的速度v_C为2
gR
（2）物体从C点飞出后，落地点与B点的水平距离为4R；
（3）物体与粗糙水平面间的动摩擦因数μ为0.25．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动；向心力．

考点点评： 本题考查向心力、动能定理及平抛运动规律，要注意明确应用动能定理时正确选择物理过程，做好受力分析及过程分析．

（1）物体在斜面上受力如图垂直于斜面有FN=mgcosθ沿斜面方向有 mgsinθ+f1=ma1又f1=μFN解a1＝mgsinθ+f1m＝gsinθ+μgcosθ＝(10×0.6+0.5×10×0.8)m/s2＝10m/s2，方向沿斜面向下&n...

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系；力的合成与分解的运用．

考点点评： 解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，尤其在传送带上的运动过程分析，是一个难点，关键确定出摩擦力的方向，从而得出加速度的方向，得出物体的运动规律，知道物体速度与传送带速度相等后，一起做匀速直线运动．

A、若皮带轮逆时针方向转动，物体受摩擦力水平向左，物体一直做匀减速直线运动，与传送带静止受力、运动情况相同，由题意知末速度仍为V，A选项正确．
B、由以上分析知道A物体以末速度V到达传送带右端，B选项错误．
C、若皮带轮顺时针方向转动，因为传送带速度小于物块速度，所以物体首先做减速运动，又因为传送带速度大于V，物体的速度不可能再减小到V，当物体的速度与传送带的速度相同时物体与传送带一起匀速运动．所以物体离开传送带的速度要大于V．C选项错．
D、由以上分析知道D选项正确．
故选A、D

点评：
本题考点： 匀变速直线运动规律的综合运用；滑动摩擦力；牛顿第二定律．

考点点评： 正确分析摩擦力方向和物体是否一直减速是关键，受力分析、运动分析是牛顿定律解题的关键．

（1）5m/s（2）2m/s

对小滑块分析可知，小滑块将做匀减速直线运动，加速度大小
a 1=
μ 1g=5m/
s2
木板B的加速度应为
a 2=

μ 1mg
−μ 2(m+2m)g
2m=1m/
s2 ，所以木板将向右做匀加速直线运动，
设经时间t时两者的速度相同，应有：
v 0-
a 1t=
a 2t
解得t=[1/3]s，
小滑块相对木板的位移为：△x=
v 0t−
1
2
a 1
t2 -[1/2]
a 2
t2
解得△x=[1/3]m
答：小滑块相对木板滑行的位移是
1
3m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 对物体进行受力分析和运动过程分析，然后再根据需要的物理规律求解即可．

A、物体放上传送带先向右做匀减速运动，速度减为零后，向左做匀加速运动，加速度大小不变，根据运动的对称性，知物体返回到左端时，速度为v，根据动能定理知，传送带对物体做功为零．故A错误，B、C正确．
D、物体向右减速运动的位移为：x1＝
v2
2a，传送带经历的位移为：x2＝v•
v
a＝
v2
a，
相对传送带发生的路程为：s₁=x1+x2＝
3v2
2a，返回时做匀加速运动，物体匀加速运动的位移为：x3＝
v2
2a，相对传送带的路程为：s2＝
v
av−
v2
2a＝
v2
2a，
所以整个过程中的相对路程为：s=s1+s2＝
2v2
a，则摩擦产生的热量为：Q=fs=mas=2mv²．故D正确．
故选：BCD．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键理清物体在传送带上的运动规律，结合运动学公式和功能关系综合求解，难度中等．

设滑块与木板相对静止达共同速度时的速度为v，所需的时间为t₂，木板滑动时的加速度为a₂，则由牛顿第二定律得：μ₂mg-μ₁（M+m）g=Ma₂
a₁=μg
v₀-a₁t₂=a₂t₂
x=v₀t₂-[1/2]a₁t₂²-[1/2]a₂t₂²
M=2m
联立以上各式得，x=[1/3]m．
故答案为：[1/3]m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，关键理清滑块和木板的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式求解．

物块滑上车后作匀减速运动的加速度为a₁，车做匀加速运动的加速度为a₂，
由牛顿第二定律得μmg=ma₁
μmg=Ma₂
解得a₁=3m/s²
a₂=1m/s²
由匀变速运动规律得
v₀t-[1/2]a₁t²-[1/2]a₂t²=L
v₁=v₀-a₁t
v₂=a₂t
因v₁＞v₂，即滑块速度大于车速，假设正确，滑块能从车上滑离，
滑块离开小车之后做平抛运动 h=[1/2]g
t22，
落地时物块与车间距离为x=v₁t₂-v₂t₂
解得x=1m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；平抛运动．

考点点评： 本题考查了牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律，对物体受力分析，确定物体的运动的状态，在根据匀变速直线运动的规律来求解即可．

这个等差数列的公差是d，首项是a，
则

a+(4−1)×d＝31…①
a+(10−1)×d＝73…②，
②-①，可得6d=42，
解得d=7…③；
把③代入①，可得a=10，
即这个等差数列的公差是7，首项是10．
答：这个等差数列的公差是7，首项是10．

点评：
本题考点： 等差数列．

考点点评： 此题主要考查了等差数列的性质的应用，解答此题的关键是要明确：第n项an=首项+（n-1）×公差．

对小滑块分析可知，小滑块将做匀减速直线运动，加速度大小
a 1=
μ 1g=5m/
s2
木板B的加速度应为
a 2=

μ 1mg
−μ 2(m+2m)g
2m=1m/
s2 ，所以木板将向右做匀加速直线运动，
设经时间t时两者的速度相同，应有：
v 0-
a 1t=
a 2t
解得t=[1/3]s，
小滑块相对木板的位移为：△x=
v 0t−
1
2
a 1
t2 -[1/2]
a 2
t2
解得△x=[1/3]m
答：小滑块相对木板滑行的位移是
1
3m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 对物体进行受力分析和运动过程分析，然后再根据需要的物理规律求解即可．

（1）根据牛顿第二定律得，a1＝mgsin37°+μmgcos37°m=gsin37°+μgcos37°=10m/s2．（2）物块滑动到B点的速度为v，有v2−v02＝−2asAB解得v=0滑上传送带先做匀加速直线运动，加速度a2＝μmgm＝μg＝5m/s2．（3）物...

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．

考点点评： 解决本题的关键理清物块在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．