变压器原线圈接220V交流,副线圈接小灯泡.

jigou0072022-10-04 11:39:541条回答

变压器原线圈接220V交流,副线圈接小灯泡.
副线圈圈数变化时,小灯泡亮度如何变化?

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陌莉 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
变压器原副边的电压与其匝数成正比,所以分析时应该按照以下顺序和逻辑
1、副边线圈增加,则副边电压增高
2、由于副边阻抗没变(小灯泡还是那个小灯泡),根据欧姆定律,小灯泡两端电压增高,那么副边电流增大(这时小灯泡变亮,因为功率是电压电流的乘积,功率增加了,灯泡亮了)
3、由于原边的电流是平衡副边电流,所以随着副边电流增大,原边电流也增大
我知道楼主肯定纠结于I2=(N1/N2)XI1,所以N2变大,I2应该变小,但是这个是不对的,因为这个理论的根据是基于I1电流大小不变的基础上,I2随N2的变大而减小,但是实际变压器的运行情况是I2的变化决定I1的大小,上面公式应该这样理解,是因为二次侧(小灯泡两端)电压升高,I2增大,所以I1=(N2/N1)I2,由于I2和N2都变大了,所以I1变大了,楼主如还有不明之处,可以在深入讨论
1年前

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B.副线圈输电线等效电阻R上的电压
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/>
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A.只将
S
1
从1拨向2时,电流表示数变小
B.只将
S
2
从3拨向4时,电流表示数变大
C.只将R的滑片上移,
R
2
的电功率变大
D.只将R的滑片上移,
R
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端的输入功率减小
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梯牧 共回答了26个问题 | 采纳率80.8%
解题思路:由图可知:电流表测量的是原线圈电流,根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比分析即可.

根据
U1
U2=
n1
n2得:U2=
n2
n1•U1,根据:
I1
I2=
n2
n1得:I2=
n1
n2•I1
A、将
S 1从1拨向2时,原线圈的匝数减少,所以副线圈上的电压增大,负载上的功率增大,所以电流表示数变大.故A错误;
B、将
S 2从3拨向4时,副线圈的匝数减少,所以副线圈上的电压减小,负载上的功率减小,所以电流表示数变小.故B错误;
C、D、将R的滑片上移,接入电路的有效电阻变大,所以串联电路(R和R2)的电阻增大,流过串联电路的电流变小,所以电阻R2的电功率变小.故C错误,D正确.
故选:D

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要学会对变压器上的电流、电压的变化进行分析.属于中档题目.

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A. 负载功率不能超过220W
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D. 副线圈电流有效值不能超过0.2A
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恋上江南 共回答了19个问题 | 采纳率78.9%
解题思路:根据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,结合保险丝得额定电流计算出副线圈中允许的最大电流和功率.

A、原、副线圈的匝数分别为n1=600匝、n2=120匝,电源的电压为U1=220V,所以副线圈电压是U2=[220×120/600]=44V,
原线圈串联一个0.2A的保险丝,根据电流与匝数反比,副线圈允许的电流有效值最大为I2=[600×0.2/120]=1A,
所以负载功率不能超过P=UI=44×1=44W,故A错误,C正确,D错误;
B、副线圈允许的电流有效值最大为1A,所以副线圈电流最大值不能超过
2A,故B错误;
故选:C.

点评:
本题考点: 交流的峰值、有效值以及它们的关系.

考点点评: 本题考查了变压器的特点,突破口在于保险丝的数值,结合欧姆定律进行判断.

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请带入公式谢谢
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爱哥哥的小猪猪 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
因为变比K=U1/U2 所以副边电压U2=U1/K=220/4=55V
对于理想变压器来说,下列说法中正确的是(  )
对于理想变压器来说,下列说法中正确的是(  )
A. 变压器是利用互感现象制成的
B. 变压器可以改变各种电源的额定功率
C. 变压器不仅能改变电压,还同时改变电流
D. 变压器的初级电流随次级电流的增大而增大
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lijielife 共回答了24个问题 | 采纳率95.8%
解题思路:变压器的原理是电磁感应,输入功率等于输出功率,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比.

A、变压器的原线圈中的电流变化,在副线圈中感应出电流,这种现象叫互感,故A正确;
B、输入功率等于输出功率,故B错误;
C、变压器的匝数与电压成正比,与电流成反比,故C正确;
D、因为电流与匝数成反比,所以原副线圈电流同时变化,故D正确;
故选ACD

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题考查了变压器的工作原理,要掌握变压器的匝数与电流电压关系的特点.

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不能用欧姆定律计算,这个电流取决于你的铁芯还有线圈的匝数.欧姆定律算出来的是短路电流,要是真那么大的电流,你的变压器就报废了.
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n1
n2
11
5
,加在原线圈的电压为u1=311sin100πt(V),副线圈与灯泡连接,灯泡的额定电流为0.28A,电阻R=500Ω.下列判断正确的是(  )
A.副线圈两端电压U2=141V
B.灯泡可以正常发光
C.通过灯泡的交变电流的频率为100HZ
D.原线圈的输入功率为20W
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解题思路:根据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,逐项分析即可得出结论.

A、电压与匝数成正比,原线圈的电压有效值为
311

2V=220V,所以副线圈的电压的有效值为U2=
5
11 U1=100V,所以A错误.
B、灯泡的电流为I=[U/R]=[100/500]A=0.2A,小于灯泡的额定电流为0.28A,所以灯泡不能正常发光,所以B错误.
C、变压器不会改变电流的频率,通过灯泡的交变电流的频率为f=[1/T]=[ω/2π]=[100π/2π]=50Hz,所以C错误.
D、灯泡消耗的功率为P=
U2
R=
1002
500W=20W,变压器的原线圈和副线圈的功率是相同的,所以原线圈的输入功率为20W,所以D正确.
故选D.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系,本题即可得到解决.

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A.原、副线圈中的电流之比为5:1
B.若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω,则1min内产生的热量为2904J
C.电压表的读数为44V
D.若将滑动变阻器的滑片向下滑动,则两电表读数均减小
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A、原、副线圈中的电流与匝数成反比,所以电流之比为1:5,A项错误;
B、C、原、副线圈的电压与匝数成正比,所以副线圈两端电压为44 V,但二极管具有单向导电性,根据有效值的定义有
442
R ×
T
2 =

U 2有效
R ×T,从而求得电压表两端电压有效值为U 有效 =22
2 V,则1 min内产生的热量为Q=

U 2有效
R ×T=

U 2有效
R ×60=2 904 J,B正确,C错误;
D、将滑动变阻器滑片向下滑动,接入电路中的阻值变大,但对原、副线圈两端的电压无影响,即电压表的读数不变,电流表的读数变小,所以D错误.
故选B.
变压器电动势关系式U1=-E1,为什么E1前面有个负号
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它们的方向不是一致的吗?
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这是参考正方向设定的问题,这是人为规定的,选择不同的正方向,表达式就不同.
根据你提供的表达式,此处选取了磁通与电动势的正方向符合右螺旋关系,所以e=-d FluxLink /dt,u=-e.但如果选左螺旋关系,就没有负号.
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可能是纯水机的增压泵或电磁阀短路了,一般是这个问题.纯水机的变压器一般是变压整流器,输出是直流24伏电.也不排除你家里电压过高的原因存在.
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315变压器 功率因数 计算 求公式(文化程度低 好多公式我看不懂)
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麻烦给我简单的公式
提供上月数据:
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总无功:2174
峰:1311
谷:896
平:2744
315变压器
上月功率因数:0.93
本月数据:(各位麻烦给我算算本月功率因数)
总有功:5221
总无功:2271
峰:1316
谷:898
平:2753
本月功率因数:求公式 我也想要自己计算下)
追问:供电局说我本月的功率因数只有 0.31 为什么?
我X的本月写错了
总表在高压室(高压室 我们这里用的电都是380V的)
上1月有功总:4967
无功总:2251
正峰:1316
正平:2753
正谷:898
本月数据:(各位麻烦给我算算本月功率因数)之前的写错了
总有功:5021
总无功:2271
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晒月光tianya1年前1
syh0212 共回答了25个问题 | 采纳率96%
C和D都是正确的,副线圈不能超过2.5A
可以用路由器上9伏的变压器改为LED灯电源吗
可以用路由器上9伏的变压器改为LED灯电源吗
把3个3V的LED串起来
做室内照明用的灯
LED灯的功率也很小啊
1.2A的就有10W了
一个能做室内照明的LED灯60头的不过8-9W
fsblwrt1年前5
JennyKP 共回答了11个问题 | 采纳率72.7%
可以用路由器的电源变压器改制为LED电源,只要你计算好电流值和限流电阻就可以.
某电站用11kV交变电压输电,输送功率一定,输电线的电阻为R,现若用变压器将电压升高到330kV送电,下面选项正确的是(
某电站用11kV交变电压输电,输送功率一定,输电线的电阻为R,现若用变压器将电压升高到330kV送电,下面选项正确的是(  )
A.因I=[U/R],所以输电上的电流增为原来的30倍
B.因为I=[P/U],所以输电线上的电流减为原来的[1/30]
C.因P=
U2
R
,所以输电线上损失的功率为原来的900倍
D.若要使输电线上损失功率不变,可将输电线的半径减为原来的[1/30]
小兔子20061年前1
wplb 共回答了24个问题 | 采纳率91.7%
解题思路:输送的功率一定,根据P=UI和P=I2R可知高压输电过程中,输电线上的电流、损失功率变化情况.

A、根据P=UI得,I=[P/U].输送功率一定,输送电压变为原来的30倍,则输送电流变为原来的[1/30],故A错误,B正确;
C、电流减小到[1/30]倍,根据P=I2R,可知,电线上损失的功率为原来的[1/900]倍,故C错误;
D、输送电流变为原来的[1/30].根据P=I2R得,要使输电线上的功率不变,电阻变为原来的900倍,根据R=ρ
l
s=ρ
4l
πd2,直径变为原来的[1/30].故D正确.
故选:BD.

点评:
本题考点: 远距离输电.

考点点评: 解决本题的关键知道输送功率与输送电压和电流的关系,结合P损=I2R判断功率损失.

200的变压器,有功表1491,无功表上月是4101,这月是4900,倍率是60倍,电价0.7713元,请问交多少钱的电
200的变压器,有功表1491,无功表上月是4101,这月是4900,倍率是60倍,电价0.7713元,请问交多少钱的电费
ww的撮箕1年前1
致中和2 共回答了20个问题 | 采纳率85%
1:200的变压器,有个基本电费200*39=7800元
2:电度电费1491*60*0.771=68973.66元
3:还有个功率因素调整,有功1491,无功4900-4101=799度,根据有功、无功比率有个对照表格,确定功率因素,最终确定电费奖惩措施.
----------------------------------------------------------------
总电费=基本电费+电度电费+-功率因素调整电费
有二极管的变压器的题怎么做一交变电流的电流表达式为i=8sinwtA,一台理想变压器的原线圈与一个二极管串联后,接在此交
有二极管的变压器的题怎么做
一交变电流的电流表达式为i=8sinwtA,一台理想变压器的原线圈与一个二极管串联后,接在此交变电流上,该变压器原、副线圈的匝数之比n1:n2=3:1,副线圈上接有阻值为2欧的定值电阻R0,则该电阻消耗的电功率为多大?
LUCKLYKK1年前1
师兄早 共回答了29个问题 | 采纳率89.7%
变压器初级线圈串联一个二极管,把i=8sinwtA的交流电整流为直流电,直流电进入变压器以后使铁芯变成电磁铁(有固定极性NS的电磁铁),在刚刚通电的一瞬间,变压器次级有一个感应电压可以忽略不计(瞬态过程),然后次级没有电压、电流.电阻R0消耗功率约等于0.
五个单项串联变压器和一个灯泡串联,次级短路,五个变压器次级短路的功率之和是灯泡的五倍还是相等,为什
锵锵单人行1年前1
涛声依旧131 共回答了24个问题 | 采纳率95.8%
理想的变压器是没有损耗的!在理想情况下只有灯泡消耗功率!
在实际情况下你说的这两个结果都不确定!因为变压器的短路阻抗不知道,灯泡功率也不知道!怎么确定呢?
即使是串联!电流相等,如灯泡的电阻是五个变压器阻抗的5倍那么他们功率相等,如果灯泡的阻抗只有变压器的五分之一呢?十分之一呢?
(2014•中山二模)如图为远距离输电的电路原理图,变压器均为理想变压器并标示了电压和电流,其中输电线总电阻为R,则(
(2014•中山二模)如图为远距离输电的电路原理图,变压器均为理想变压器并标示了电压和电流,其中输电线总电阻为R,则(  )
A.I2=
U2
R

B.I2
U2
R

C.用户得到的电功率与电厂输出的电功率相等
D.用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等
maplexie19861年前1
09167425 共回答了20个问题 | 采纳率90%
解题思路:输电线上有电压降,U线<U2,根据欧姆定律研究I2.输电线上有功率损失,用户得到的电功率必定小于电厂输出的电功率.但用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等.

A、B、由于输电线总电阻为R,输电线上有电压降,U线<U2.根据欧姆定律得:I2=
U线
R<
U2
R,故A错误,B正确.
C、输电线上有功率损失,理想变压器不改变电功率,所以用户得到的电功率小于电厂输出的电功率,故C错误.
D、根据变压器的原理可知原副线圈中交变电流的频率相等,所以用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等,故D正确.
故选:BD

点评:
本题考点: 远距离输电.

考点点评: 本题运用欧姆定律时要注意各个量应对应同一段电路,要正确分析电压和功率的分配,即可分析远距离输电问题.

(2009•盐城一模)如图所示,两个相同的理想变压器原线圈串联后接在交流电源上,在两个副线圈中分别接上电阻R1和R2,通
(2009•盐城一模)如图所示,两个相同的理想变压器原线圈串联后接在交流电源上,在两个副线圈中分别接上电阻R1和R2,通过两电阻的电流分别为I1和I2,两电阻上消耗的功率分别为P1和P2,则(  )
A.I1:I2=1﹕1
B.I1:I2=R1﹕R2
C.P1:P2=1﹕1
D.P1:P2=R1﹕R2
唐无双1年前1
m4a3 共回答了24个问题 | 采纳率95.8%
解题思路:输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数呈正比,电流与匝数成反比,根据理想变压器的原理分析即可.

原线圈串联,所以I1:I2=1﹕1,功率P=I2R,所以P1:P2=R1﹕R2,AD正确.
故选AD

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 不管是直流电还是交流电,只要串联,电流就相等.

1兆瓦等于多少万千瓦?变压器的容量用的
zhangqian3711年前6
yudaf 共回答了14个问题 | 采纳率100%
兆是10的6次方,1000000
1兆瓦=0.1万千瓦
关于理想变压器A 理想变压器(自感线圈) 是不是不计电阻 还是有 B 若不计电阻 那么为什么会有 P总=P1+P耗(自感
关于理想变压器
A 理想变压器(自感线圈) 是不是不计电阻 还是有
B 若不计电阻 那么为什么会有 P总=P1+P耗(自感线圈) U总=U1+U耗
C 一个无电阻的 用电器接在电路上 有没有U总=U1+U耗 P总=P1+P耗的这样结果
tangjianhui_19801年前5
tt叫谁呢 共回答了20个问题 | 采纳率95%
回答都不对
理想变压器是不及电阻 但是 别忘了他有感抗啊
因为它这个特殊性质 就要把它当作类电阻来看!
单相半波整流电路,已知变压器一次电压V1=220V,变压比n=10,负载电阻RL=10欧,试计算,1整流输出电压VL.2
单相半波整流电路,已知变压器一次电压V1=220V,变压比n=10,负载电阻RL=10欧,试计算,1整流输出电压VL.2二极管通过的电流和承受的最大反向电压
asdf3ggrege1年前1
天真的小傻 共回答了23个问题 | 采纳率95.7%
1单相半波整流,输出直流电压U2为变压器二次电压V2的0.45倍,而V2=V1/n=220/10=22(V).
所以:U2=0.45×22=9.9(V).
2、二极管承受的最大反向电压为V2的最大电压值,为:√2V2=1.414×22=31.1(V).
二极管通过的电流为:I=U2/R=9.9/10=0.99(A).
(2011•唐山二模)配电变压器指配电系统中变换交流电压和电流的一种电器,如图为某理想变压器示意图,原副线圈匝数比为25
(2011•唐山二模)配电变压器指配电系统中变换交流电压和电流的一种电器,如图为某理想变压器示意图,原副线圈匝数比为25:1,下列说法正确的(  )
A.若原线圈的输入电压最大值为10kV,则电压表的示数为400V
B.若由于某种原因导致输入电压降低,则为了保证用户的正常用电,应增加副线圈的匝数
C.若输入电压不变,闭合电键s,电压表和电流表示数均减小
D.若输入电压不变,闭合电键s,原线圈中的电流将变大
自催折1年前1
果冻的心 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:根据变压器的特点:电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,输入功率等于输出功率判断.

A、输入电压最大值为10kV,有效值为
10KV

2,由电压与匝数关系知电压表的示数为
400V

2,故A错误;
B、电压与匝数成正比,所以B正确;
C、闭合S,负载增多,总电阻减小,电流增大,电压不变,故C错误;
D、由C知副线圈中电流增大,电流与匝数成反比,所以原线圈中电流变大,故D正确;
故选BD

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题需要注意的地方是负载增多时,电流的变化,再根据变压器的特点逐项分析.

变压器是由于原线圈中通交流电,激发感应磁场,然后激发的磁场在副线圈中激发感应电流
变压器是由于原线圈中通交流电,激发感应磁场,然后激发的磁场在副线圈中激发感应电流
根据I2/I1=n1/n2,原线圈中的电流和匝数成反比,电流小了不是应该激发的磁场也小了吗,那为什么原线圈中匝数多,而副线圈中的感应电流就大了.
tl1112221年前2
qizhaoyang007 共回答了19个问题 | 采纳率100%
这和杠杆原理差不多,力臂越长,作用力越小.动力臂和阻力臂之比越大,阻力和动力之比也就越大.变压器也如此,原线圈和副线圈匝数比悬殊越大,原线圈和副线圈的电流之比也就越大.
另类解题法,换个角度看物理!
变压器 电压 电流 功率设原线圈为,U1,I1,P1...副线圈为U2,I2 ,P2.为什么U1决定U2,I2和P2决定
变压器 电压 电流 功率
设原线圈为,U1,I1,P1...副线圈为U2,I2 ,P2.为什么U1决定U2,I2和P2决定I1和P1.原理讲下哈.、
huofh1351年前1
xiaoxiao11 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
初级电压决定次级电压,这个很好理解,因为匝数比等于电压比;次级I2和P2决定初级的电流和功率,指的是次级负载功率和电流,决定变压器负载率以及初级电流的大小.
找人填空电工题.变压器是根据 原理制成的电气设备.9.利用变压器可以实现变电压...
随心紫夜1年前1
mikedate 共回答了18个问题 | 采纳率100%
变压器是根据电磁感应原理制成的一种电气设备,它具有变压,变流和变阻抗的作用,因而在各个工程领域获得广泛应用.
英语翻译逆变焊机高频变压器、驱动变压器、逆变焊机电抗器、开关电源变压器、立式电感、逆变焊机引弧线圈、触发线圈、环形线圈以
英语翻译
逆变焊机高频变压器、驱动变压器、逆变焊机电抗器、开关电源变压器、立式电感、逆变焊机引弧线圈、触发线圈、环形线圈以及空芯线圈等.
lixia198606011年前2
zhu1966 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
Inverter welding machine high frequency transformer,driver transformers,inverter welding machine reactors,switching power transformers,vertical inductance,inverter arc welding coil,trigger coil,loop,and air core coils.
是英语吧
在变压器中,如果原线圈中的电压不变,那么副线圈的电压也一定不变吗?(在匝数不变的情况下)
在变压器中,如果原线圈中的电压不变,那么副线圈的电压也一定不变吗?(在匝数不变的情况下)
如果是这样,那么对于一个已存在的变压器中,如果在副线圈中串连一个电阻和不串联电阻(其他条件不边),那么什么变了,什么不变呢?
我是这样认为的:电压一定不变的,而且功率之间也成比例,应该也不变的,那么电流也应该不变吧,所以就是想不通,
卓卓飞扬1年前4
linlinrubygg 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
你的结论对于“理想变压器”是对的.
1.对副线圈,电压不变,串上电阻后,电流增大(设原来无电阻,无功率),功率也增大.
2.能量守恒,原线圈的功率也变大,所以原线圈的电流也是变大的.
变压器继电保护中,零序过电流保护,怎样求其动作电流?最好能举例说明下.
随心所欲KING1年前1
挽狂澜 共回答了25个问题 | 采纳率88%
大电流接地系统,发生接地短路故障时,系统中每一个直接接地的中性点都会向故障点输送零序电流.这个计算非常复杂:必须掌握整个系统的接线图和每个元件的阻抗参数,必须掌握运行方式,有多少个中性点接地点,没有这些无法精确计算.
一居民小区有440户,以前每户平均消耗电功率为100W,使用的区间变压器匝数比为165:6,恰好能使额定电压为220V的
一居民小区有440户,以前每户平均消耗电功率为100W,使用的区间变压器匝数比为165:6,恰好能使额定电压为220V的用电器正常工作,现在因家用电器增加,每户平均消耗的电功率为250W,若变压器输入电压仍为6600V,区间输电线线路不变,为了使家用电器正常工作,需换用区间变压器,则此变压器的匝数比为多少?
猫猫不出门1年前2
djlyl 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
解题思路:未换变压器时,先根据变压比公式求解输出电压,得到电压损失,根据欧姆定律求解输电线电阻;更换变压器后,先求解电压损失,得到输出电压,最后根据变压比公式求解更换后变压器的匝数比.

未换变压器时输电电流:I=[P/U=
440×100
220]=200A
输出电压:U2=
n2U1
n1=
6×6600
165=240V
则由△U=U2-U=IR,得到:R=
240−220
200=0.1Ω
更换变压器后:I′=
P′
U=
440×250
220=500A
线路损失电压:△U′=I′R=50V
变压器输出电压:U2′=U+U′=220+50=270V
变压器的匝数比为:n1:n2=U1:U2=6600:270=220:9
答:此变压器的匝数比为220:9.

点评:
本题考点: 远距离输电;变压器的构造和原理.

考点点评: 本题关键是先根据变压比公式和串联电路电压关系求解出输电线电阻,然后在进一步求解新的变压器的变压比.

关于“两进线一母联”的解释?低压配电上常说的“两进线一母联”是怎么理解啊,两进线是指两台开关还是指两台变压器?是指一座城
关于“两进线一母联”的解释?
低压配电上常说的“两进线一母联”是怎么理解啊,两进线是指两台开关还是指两台变压器?是指一座城市的两个***电网给的两路电源进线还是指来自不同城市的电源进线啊?如果存在来自不同城市的两路电源进线的话,那线缆才多长距离啊?
海南hh1年前1
cd212 共回答了15个问题 | 采纳率100%
两进线是指两个变压器的供电,一般是由一个地区两个电站供给的.
两进线一母联,是两段进线柜,每一段进线带有一定的负载出线柜,在他们分隔的中间设有联络柜,这三个柜子通过连锁可以实现,两段进线分别单独供电,可以实现一段供电通过母联带动二段,也可以二段供电通过母联带动一段.