共轴转动为什么角速度相同、周期相同,线速度与圆周半径成正比Va/Vb=r/R怎么解释这个公式?

新视纪2022-10-04 11:39:541条回答

已提交,审核后显示!提交回复

共1条回复
liuzhw2008 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
线速度和角速度、半径成正比v=w*r ,所以可以得到Va/Vb=r/R
共轴的 你可以想象成一个圆面,在不同半径的地方,转一圈所需的时间是一样的,所以角速度和周期都相同的.实在不行,你就那个硬币画两个点来转一下,就理解了
1年前

相关推荐

如图所示,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真
如图所示,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空.两筒以相同的角速度ω绕其中心轴线(图中垂直于纸面)做匀速转动.设从M筒内部可以通过窄缝S(与M筒的轴线平行)不断地向外射出两种不同速率v1和v2的微粒,从S处射出时的初速度的方向都是沿筒的半径方向,微粒到达N筒后就附着在N筒上.如果R、v1和v2都不变,而ω取某一合适的值,则(  )
A.有可能使微粒落在N筒上的位置都在a处一条与S缝平行的窄条上
B.有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一处如b处一条与S缝平行的窄条上
C.有可能使微粒落在N筒上的位置分别在某两处如b处和c处与S缝平行的窄条上
D.只要时间足够长,N筒上将到处都落有微粒
白yun1年前1
麦吉斯特 共回答了24个问题 | 采纳率79.2%
解题思路:微粒从窄缝射出后沿筒的半径方向做匀速直线运动,同时N筒以角速度ω绕轴线转动,当微粒到达N筒时,二者运动时间相等,通过时间相等关系求解作出判断.

微粒从M到N运动时间t=Rv,对应N筒转过角度θ=ωt=ωRv,即如果以v1射出时,转过角度:θ1=ωt=ωRv1,如果以v2射出时,转过角度:θ2=ωt=ωRv2,只要θ1、θ2不是相差2π的整数倍,则落在两处,C项正确;若相差2π...

点评:
本题考点: 运动的合成和分解;匀速圆周运动.

考点点评: 解答此题一定明确微粒运动的时间与N筒转动的时间相等,在此基础上分别以v1、v2射出时来讨论微粒落到N筒上的可能位置.

半径分别为r=0.1m和R=2r=0.2m的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边
半径分别为r=0.1m和R=2r=0.2m的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个可看作质点的质量m=0.1kg的小球A,小圆盘上绕有细线,细线的另一端与放在光滑绝缘水平桌面上的带电小物块B水平相连,物块B的质量M=0.12kg,带电量为q=1.0×10 -4 C,处于水平向左的匀强电场中,电场强度大小为E 0 =10 4 N/C.整个系统在如图所示位置处于静止平衡状态,此时OA连线与竖直方向的夹角为θ.求:
(1)夹角θ的大小.
(2)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A位于转轴O的正下方由静止释放,当圆盘转过45°角时物块B运动的速度多大?
(3)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A重新回到转轴O的正下方,改变电场强度大小使其为E后由静止释放系统,物块B向左运动的最大距离s=
0.1π
3
m
,则电场强度E多大?
buyaojinma161年前1
大头79 共回答了20个问题 | 采纳率80%

(1)对物块B:T=qE 0 =1.0×10 -4 ×10 4 N=1.0N
对圆盘,由力矩平衡T•r=mg•2rsinθ
得 sinθ=
T
2mg =
1.0
2×0.1×10 =
1
2 ,θ=30°
(2)对整个系统,由动能定理得
q E 0 •
π
4 r-mg•2r(1-cos
π
4 )=
1
2 M v 2 +
1
2 m(2v ) 2
代入数据,解得v=0.28m/s
(3) s=
0.1π
3 =r θ m ,圆盘转过的最大角度 θ m =
π
3
对整个系统,由动能定理qE•
π
3 r =mg•2r(1-cos
π
3 )
解得E=
3
π ×1 0 4 N/C =9.55×10 3 N/C
答:(1)夹角θ的大小为30°.
(2)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A位于转轴O的正下方由静止释放,当圆盘转过45°角时物块B运动的速度为0.28m/s.
(3)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A重新回到转轴O的正下方,改变电场强度大小使其为E后由静止释放系统,物块B向左运动的最大距离s=
0.1π
3 m ,电场强度E为9.55×10 3 N/C.
如图所示:为两个共轴金属圆筒,轴线与纸面垂直,内筒半径为R,筒壁为网状(带电粒子可无阻挡地穿过网格).当两圆筒之间加上一
如图所示:为两个共轴金属圆筒,轴线与纸面垂直,内筒半径为R,筒壁为网状(带电粒子可无阻挡地穿过网格).当两圆筒之间加上一定电压后,在两圆筒间的空间可形成沿半径方向的电场.内圆筒包围的空间存在一沿圆筒轴线方向的匀强磁场,磁场的磁感应强度的大小为B,方向指向纸内.一束质量为m、电量为q的带正电的粒子以各种不同的速率自内圆筒壁上的A点沿内圆筒半径射入磁场,现要求有的粒子的运动能满足下面三个条件:①刚刚能到达外筒的内壁而不与外筒相碰;②粒子恰能从A点射出磁场;③每个粒子在磁场区域内运动所经过的总时间等于该粒子在所给磁场中做完整的圆周运动时的周期的一半.
(1)为了能满足上述要求,内、外筒间电压的可能值应是多少?
(2)讨论上述电压取最小值时,粒子在磁场中的运动情况.
稻草人hym1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
关于圆周运动的题目半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在 一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上
关于圆周运动的题目
半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在 一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有 一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳.开始时圆盘静止,质点处在水平轴O的正下方位置.现以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若恒力 F=mg,两圆盘转过的角度θ=多少 时,质点m的速度最大.若圆盘转过的最大角度θ=π/3,则此时恒力F=_____.
不知道该什么给这个物体做受力分析,
这答案是真确的,因为我还知道一道和这个差不多的题,只是在那个圆盘旁边加了个定滑轮,细线的一端连接着小圆盘,另一段跨国定滑轮连接着一个物块B,也就是用这个物块B代替了恒力F。其他条件都一样,连问题都差不多。第二问问的是物块B的质量是多少,答案是3m/π,所以B给的力为 3mg/π 而且这道题目用的是机械能守恒来做的,至少我没看出什么问题。所以结论就是,
4lilikang1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
求抛物线方程设一抛物线过(0,5),且与抛物线y^2+-4x-2y-3=0共焦点,共轴,试求此抛物线方程.谢谢帮忙!
qraqq1年前3
中立散粉 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
答案:x + 2 = ( 1 / 8 )( y - 1 )² 或 y² - 8x - 2y - 15 = 0
x - 2 = - ( 1 / 8 )( y - 1 )² 或 y² + 8x - 2y + 17 = 0
详解如下:
y² - 4x - 2y - 3 = 0
4x = y² - 2y - 3
4( x + 1 ) = ( y - 1 )²
x + 1 = ( 1 / 4 )( y - 1 )²
所以抛物线的顶点为 ( - 1, 1 ),其轴为 y = 1
焦点离顶点的距离为 1 / [ 4( 1 / 4 )] = 1
考虑开口向左,所以焦点为 ( 0, 1 )
设所求方程为 x - h = a( y - 1 )²
则 0 - h = a( 5 - 1 )² => h = - 16a
及 | h - 0 | = 1 / ( 4a ) => h = ± 1 / ( 4a )
- 16a = ± 1 / ( 4a )
64a² = ± 1
a² = 1 / 64 或 a² = - 1 / 64 ( 舍去 )
a = ± 1 / 8
若 a = 1 / 8,h = - 2;若 a = - 1 / 8,h = 2
所以所求方程为 x + 2 = ( 1 / 8 )( y - 1 )² 或 x - 2 = - ( 1 / 8 )( y - 1 )²
半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的
半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳,开始时圆盘静止,质点处在水平轴O的正下方位置.现以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若恒力F=mg,两圆盘转过的角度θ=___时,质点m的速度最大.若圆盘转过的最大角度θ=π/3,则此时恒力F=____.
798818181年前1
hkhaol 共回答了22个问题 | 采纳率100%
π/6,3mg/π
速度最大即角速度最大,即圆盘处于平衡状态,则根据力矩平衡.
Fr=mg2rsinθ.
圆盘转过π/3时,根据动能定理,恒力F做功=质点势能的改变量.
恒力F通过的路径是θ/2πr
质点势能的改变量是mg2r(1-cosθ)
共轴反向旋翼所产生的升力,是否等于上下两个旋翼分别单独产生的升力之和?
tianjing恬静1年前1
nguz 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
是的.
如图所示,皮带传动装置中,右边两轮是连在一起共轴转动,图中三轮半径分别为,r1=3r,r2=2r,r3=4r;A、B、C
如图所示,皮带传动装置中,右边两轮是连在一起共轴转动,图中三轮半径分别为,r1=3r,r2=2r,r3=4r;A、B、C三点为三个轮边缘上的点,皮带不打滑.A、B、C三点的线速度分别为v1、v2、v3,角速度分别为ω1、ω2、ω3,向心加速度分别为a1、a2、a3,则下列比例关系正确的是(  )
A.
a1
a2
3
2

B.
ω1
ω2
2
3

C.
v2
v3
2
1

D.
a2
a3
1
2
乐乐123431年前1
面朝南找北 共回答了17个问题 | 采纳率76.5%
解题思路:A、B两点同缘传动,线速度相等;B、C两点同轴转动,角速度相等;然后结合公式v=ωR和公式a=
v2
R
2R列得分析.

A、B两点同缘传动,线速度相等,故:v1=v2
根据公式v=ωr,A、B两点的角速度之比为:ω1:ω2=r2:r1=2:3
根据公式a=
v2
R,A、B两点的加速度之比为:a1:a2=r2:r1=2:3
B、C两点同轴转动,角速度相等,故:ω23
根据公式v=ωr,B、C两点的线速度之比为:v2:v3=r2:r3=1:2
根据公式a=ω2r,B、C两点的加速度之比为:a2:a3=r2:r3=1:2
故选:BD

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 本题关键是明确同缘传动边缘点线速度相等,同轴转动角速度相等,基础题.

(2008•黄冈模拟)如图所示,两光屏间放有两个偏振片,它们四者平行共轴,现让太阳光沿轴线通过光屏M上的小孔照射到固定不
(2008•黄冈模拟)如图所示,两光屏间放有两个偏振片,它们四者平行共轴,现让太阳光沿轴线通过光屏M上的小孔照射到固定不动的偏振片P上,再使偏振片Q绕轴匀速转动一周,则关于光屏上光的亮度变化情况,下列说法中正确的是(  )
A.光屏上光的亮度保持不变
B.光屏上光的亮度会时亮时暗
C.光屏上有两条与偏振片P、Q透振方向对应的亮线
D.光屏上只有一条亮线随偏振片转动而转动
凝焰樱桃1年前1
woqudou 共回答了22个问题 | 采纳率77.3%
解题思路:根据光的偏振现象,只要光的振动方向不与偏振片的狭逢垂直,都能有光通过偏振片.

A、太阳光沿轴线通过光屏M上的小孔照射到固定不动的偏振片P上,再使偏振片Q绕轴匀速转动一周,当偏振片P与偏振片Q垂直时,光屏没有亮度,则关于光屏上光的亮度从亮到暗,再由暗到亮.故A错误;
B、太阳光沿轴线通过光屏M上的小孔照射到固定不动的偏振片P上,再使偏振片Q绕轴匀速转动一周,当偏振片P与偏振片Q垂直时,光屏没有亮度,则关于光屏上光的亮度从亮到暗,再由暗到亮.故B正确;
C、太阳光沿轴线通过光屏M上的小孔照射到固定不动的偏振片P上,再使偏振片Q绕轴匀速转动一周,当偏振片P与偏振片Q垂直时,光屏没有亮度,则关于光屏上光的亮度从亮到暗,再由暗到亮.不可能出现光的衍射现象,所以光屏上不可能有两条与偏振片P、Q透振方向对应的亮线,故C错误;
D、太阳光沿轴线通过光屏M上的小孔照射到固定不动的偏振片P上,再使偏振片Q绕轴匀速转动一周,当偏振片P与偏振片Q垂直时,光屏没有亮度,则关于光屏上光的亮度从亮到暗,再由暗到亮.故D错误;
故选:B

点评:
本题考点: 光的偏振.

考点点评: 题中另一侧能观察到光即可.同时自然光向各个方向发射,而偏振光则是向特定方向放射.

如图所示为皮带转动装置,右边两轮共轴连接,且RA=RC=2RB皮带不打滑,则在A、B、C三轮中的周期TA:TB:TC=_
如图所示为皮带转动装置,右边两轮共轴连接,且RA=RC=2RB皮带不打滑,则在A、B、C三轮中的周期TA:TB:TC=______,线速度vA:vB:vC=______,向心加速度aA:aB:aC=______.
米奇乖乖1年前1
哈哈敖 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:利用同轴转动,角速度相同,皮带不打滑,皮带各点的线速度大小相等,由v=ωr知线速度相同时,角速度与半径成反比;角速度相同时,线速度与半径成正比;由a=ωv结合角速度和线速度的比例关系可以知道加速度的比例关系.

因为A、B两轮由不打滑的皮带相连,所以相等时间内A、B两点转过的弧长相等,即vA=vB
由v=ωr知

vB
vC=
rB
rC=[1/2]
所以:vA:vB:vC=1:1:2,
据T=[2πr/v]得:
TA:TB:TC=2:1:1
再根据a=
v2
r得 aA:aB:aC=1:2:4
故答案为:2:1:1,l:1:2,1:2:4.

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 明确同轴转动,角速度相同,皮带不打滑,皮带各点的线速度大小相等;灵活应用v=ωr、T=[2πr/v]和a=v2r求解.

图所示为皮带转动装置,右边两轮共轴连接,RA=RC=2RB运动中皮带不打滑.则在A、B、C三轮边缘上各点中运动的向心加速
图所示为皮带转动装置,右边两轮共轴连接,RA=RC=2RB运动中皮带不打滑.则在A、B、C三轮边缘上各点中运动的向心加速度大小之比是______.
317qq1年前1
hh共此时88 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:利用同轴转动,角速度相同,皮带不打滑,皮带各点的线速度大小相等,由v=ωr知线速度相同时,角速度与半径成反比;角速度相同时,线速度与半径成正比;由a=ωv结合角速度和线速度的比例关系可以知道加速度的比例关系.

因为A、B两轮由不打滑的皮带相连,所以相等时间内A、B两点转过的弧长相等,即:vA=vB
由v=ωr知
vB
vC=
rB
rC=[1/2] 所以:vA:vB:vC=1:1:2,
再根据a=
v2
r
解得:aA:aB:aC=1:2:4;
故答案为:1:2:4.

点评:
本题考点: 向心加速度.

考点点评: 明确同轴转动,角速度相同,皮带不打滑,皮带各点的线速度大小相等;灵活应用v=ωr、和a=v2r求解.

如图,两个共轴的圆筒形金属电极,外电极接地,其上均匀分布着平行于轴线的四条狭缝a、b、c和d,外筒的外半径为r 0 .在
如图,两个共轴的圆筒形金属电极,外电极接地,其上均匀分布着平行于轴线的四条狭缝a、b、c和d,外筒的外半径为r 0 .在圆筒之外的足够大区域中有平行于轴线方向的均匀磁场,磁感应强度的大小为B.在两极间加上电压,使两圆筒之间的区域内有沿半径向外的电场.一质量为m、带电量为+q的粒子,从紧靠内筒且正对狭缝a的S点出发,初速为零.如果该粒子经过一段时间的运动之后恰好又回到出发点S,则两电极之间的电压U应是多少?(不计重力,整个装置在真空中)
金城悍将1年前1
gefv 共回答了20个问题 | 采纳率95%

如图所示,设粒子进入磁场区的速度大小为V,根据动能定理,有Uq=
1
2 mv 2
设粒子做匀速圆周运动的半径为R,由洛伦兹力公式和牛顿第二定律,有:Bqv=m
v 2
r
由上面分析可知,要回到S点,粒子从a到d必经过
3
4 圆周,所以半径R必定等于筒的外半径r,即R=r.由以上各式解得:U=
B 2 q r 2
2m ;
答:两极间的电压为
B 2 q r 2
2m .
(2009•武汉模拟)如图,两个共轴的圆筒形金属电极,外电极接地,其上均匀分布着平行于轴线的四条狭缝a、b、c和d,外筒
(2009•武汉模拟)如图,两个共轴的圆筒形金属电极,外电极接地,其上均匀分布着平行于轴线的四条狭缝a、b、c和d,外筒的外半径为r.在圆筒之外的足够大区域中有平行于轴线方向的均匀磁场,磁感应强度的大小为B.在两极间加上电压,使两圆筒之间的区域内有沿半径向外的电场.一质量为m、带电量为+q的粒子,从紧靠内筒且正对狭缝a的S点出发,初速为零.如果该粒子经过一段时间的运动之后恰好又回到出发点S,则两电极之间的电压U应是多少?(不计重力,整个装置在真空中)
ylong8881年前0
共回答了个问题 | 采纳率
泵机共轴结构是什么意思.
泵机共轴结构是什么意思.

mmm1971nnn1年前1
乖乖小木子 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
通常泵和电机联接是由联轴器连接的,而泵机共轴就是泵和电机共用一根轴,中间没有联轴器了,叶轮直接装在电机的轴上了.
高中物理选修3电场问题两个彼此平行且共轴的半径为R1和R2的圆环,两圆环上的电荷量均为q(q>0),而且电荷均匀分布.两
高中物理选修3电场问题
两个彼此平行且共轴的半径为R1和R2的圆环,两圆环上的电荷量均为q(q>0),而且电荷均匀分布.两圆环的圆心o1和o2相距为2a,连线的中点为o,轴线上的A点在o点右侧与o点相距为r(r
绯红色的天空1年前2
江南渔民 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
十、电场
1.两种电荷、电荷守恒定律、元电荷:(e=1.60×10-19C);带电体电荷量等于元电荷的整数倍
2.库仑定律:F=kQ1Q2/r2(在真空中){F:点电荷间的作用力(N),k:静电力常量k=9.0×109N•m2/C2,Q1、Q2:两点电荷的电量(C),r:两点电荷间的距离(m),方向在它们的连线上,作用力与反作用力,同种电荷互相排斥,异种电荷互相吸引}
3.电场强度:E=F/q(定义式、计算式){E:电场强度(N/C),是矢量(电场的叠加原理),q:检验电荷的电量(C)}
4.真空点(源)电荷形成的电场E=kQ/r2 {r:源电荷到该位置的距离(m),Q:源电荷的电量}
5.匀强电场的场强E=UAB/d {UAB:AB两点间的电压(V),d:AB两点在场强方向的距离(m)}
6.电场力:F=qE {F:电场力(N),q:受到电场力的电荷的电量(C),E:电场强度(N/C)}
7.电势与电势差:UAB=φA-φB,UAB=WAB/q=-ΔEAB/q
8.电场力做功:WAB=qUAB=Eqd{WAB:带电体由A到B时电场力所做的功(J),q:带电量(C),UAB:电场中A、B两点间的电势差(V)(电场力做功与路径无关),E:匀强电场强度,d:两点沿场强方向的距离(m)}
9.电势能:EA=qφA {EA:带电体在A点的电势能(J),q:电量(C),φA:A点的电势(V)}
10.电势能的变化ΔEAB=EB-EA {带电体在电场中从A位置到B位置时电势能的差值}
11.电场力做功与电势能变化ΔEAB=-WAB=-qUAB (电势能的增量等于电场力做功的负值)
12.电容C=Q/U(定义式,计算式) {C:电容(F),Q:电量(C),U:电压(两极板电势差)(V)}
13.平行板电容器的电容C=εS/4πkd(S:两极板正对面积,d:两极板间的垂直距离,ω:介电常数)
常见电容器〔见第二册P111〕
14.带电粒子在电场中的加速(Vo=0):W=ΔEK或qU=mVt2/2,Vt=(2qU/m)1/2
15.带电粒子沿垂直电场方向以速度Vo进入匀强电场时的偏转(不考虑重力作用的情况下)
类平 垂直电场方向:匀速直线运动L=Vot(在带等量异种电荷的平行极板中:E=U/d)
抛运动 平行电场方向:初速度为零的匀加速直线运动d=at2/2,a=F/m=qE/m
注:
(1)两个完全相同的带电金属小球接触时,电量分配规律:原带异种电荷的先中和后平分,原带同种电荷的总量平分;
(2)电场线从正电荷出发终止于负电荷,电场线不相交,切线方向为场强方向,电场线密处场强大,顺着电场线电势越来越低,电场线与等势线垂直;
(3)常见电场的电场线分布要求熟记〔见图[第二册P98];
(4)电场强度(矢量)与电势(标量)均由电场本身决定,而电场力与电势能还与带电体带的电量多少和电荷正负有关;
(5)处于静电平衡导体是个等势体,表面是个等势面,导体外表面附近的电场线垂直于导体表面,导体内部合场强为零,导体内部没有净电荷,净电荷只分布于导体外表面;
(6)电容单位换算:1F=106μF=1012PF;
(7)电子伏(eV)是能量的单位,1eV=1.60×10-19J;
(8)其它相关内容:静电屏蔽〔见第二册P101〕/示波管、示波器及其应用〔见第二册P114〕等势面〔见第二册P105〕.
十一、恒定电流
1.电流强度:I=q/t{I:电流强度(A),q:在时间t内通过导体横载面的电量(C),t:时间(s)}
2.欧姆定律:I=U/R {I:导体电流强度(A),U:导体两端电压(V),R:导体阻值(Ω)}
3.电阻、电阻定律:R=ρL/S{ρ:电阻率(Ω•m),L:导体的长度(m),S:导体横截面积(m2)}
4.闭合电路欧姆定律:I=E/(r+R)或E=Ir+IR也可以是E=U内+U外
{I:电路中的总电流(A),E:电源电动势(V),R:外电路电阻(Ω),r:电源内阻(Ω)}
5.电功与电功率:W=UIt,P=UI{W:电功(J),U:电压(V),I:电流(A),t:时间(s),P:电功率(W)}
6.焦耳定律:Q=I2Rt{Q:电热(J),I:通过导体的电流(A),R:导体的电阻值(Ω),t:通电时间(s)}
7.纯电阻电路中:由于I=U/R,W=Q,因此W=Q=UIt=I2Rt=U2t/R
8.电源总动率、电源输出功率、电源效率:P总=IE,P出=IU,η=P出/P总{I:电路总电流(A),E:电源电动势(V),U:路端电压(V),η:电源效率}
9.电路的串/并联 串联电路(P、U与R成正比) 并联电路(P、I与R成反比)
电阻关系(串同并反) R串=R1+R2+R3+ 1/R并=1/R1+1/R2+1/R3+
电流关系 I总=I1=I2=I3 I并=I1+I2+I3+
电压关系 U总=U1+U2+U3+ U总=U1=U2=U3
功率分配 P总=P1+P2+P3+ P总=P1+P2+P3+
1920年科学家史特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕
1920年科学家史特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕其共同轴以同一角速度ω高速旋转,其内部抽成真空.沿共同轴装有一根镀银的铂丝K,在铂丝上通电使其加热,银分子(即原子)蒸发成气体,其中一部分分子穿过A筒的狭缝a射出到达B筒的内表面.由于分子由内筒到达外筒需要一定时间,若容器不动,这些分子将到达外筒内壁上的b点,若容器转动,从a穿过的这些分子仍将沿原来的运动方向到达外筒内壁,但容器静止时的b点已转过弧长s到达b’点.
(1)测定该气体分子最大速度的大小表达式为
(R−r)Rω
S
(R−r)Rω
S

(2)采用的科学方法是下列四个选项中的______.
A.理想实验法B.建立物理模型法
C.类比法D.等效替代法.
栋栋1年前1
clj1286 共回答了29个问题 | 采纳率89.7%
解题思路:(1)气体分子做匀速直线运动,转盘做匀速圆周运动,两中运动同时发生,互不影响;气体分子从a到达b的过程中,转盘盘上外边缘点转过s的弧长,根据时间相等并结合v=ωR列式计算.(2)物理模型是人们为了研究物理问题的方便和探讨物理事物的本身而对研究对象所作的一种简化描述,是以观察和实验为基础,采用理想化的办法所创造的,能再现事物本质和内在特性的一种简化模型.

(1)气体分子运动和转盘转动同时发生,互不影响;
气体分子运动时间为:t=[R−r/v];
转盘边缘上点线速度为,故转动时间为:t=[S/ωR];
两个运动同时发生,故t=[R−r/v]=[S/ωR]
解得
v=
(R−r)Rω
S
(2)水银蒸发成气体后,分子做匀速直线运动,认为速度都相同,是建立的理想模型;故ACD错误,B正确;
故答案为:(1)
(R−r)Rω
S;(2)B.

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 本题关键是根据两个物体的直线运动和转动同时发生,时间相等,然后根据速度和线速度的定义列式求解.

(14分)半径分别为r=0.1m和R=2r=0.2m的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,
(14分)半径分别为r=0.1m和R=2r=0.2m的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个可看作质点的质量m=0.1kg的小球A,小圆盘上绕有细线,细线的另一端与放在光滑绝缘水平桌面上的带电小物块B水平相连,物块B的质量M=0.12kg,带电量为q=1.0×10 -4 C,处于水平向左的匀强电场中,电场强度大小为E 0 =10 4 N/C。整个系统在如图所示位置处于静止平衡状态,此时OA连线与竖直方向的夹角为θ。求:

(1)夹角θ的大小。
(2)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A位于转轴O的正下方由静止释放,当圆盘转过45º角时物块B运动的速度多大?
(3)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A重新回到转轴O的正下方,改变电场强度大小使其为E后由静止释放系统,物块B向左运动的最大距离s= ,则电场强度E多大?
缺只翅膀1年前1
紫依山水 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
(1)θ=30º(2)v=0.28m/s(3)9.55×10 3 N/C

(14分)
(1)对物块B:
(2分)
对圆盘,由力矩平衡 (2分)
, θ=30º(1分)
(2)对整个系统,由动能定理
(3分)
代入数据,解得 v=0.28m/s(2分)
(3)
对整个系统,由动能定理 qE· =mg·2r(1-cos )(2分)
解得E= =9.55×10 3 N/C (2分)
本题主要考查的是对动能定理的应用。分析清楚物体的运动状态,应用动能定理即可解出此题。
(2012年2月洛阳五校联考)如图所示, M 、 N 是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为 R ,内筒半径比 R 小很多,
(2012年2月洛阳五校联考)如图所示, M N 是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为 R ,内筒半径比 R 小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空。两筒以相同的角速度 ω 绕其中心轴线(图中垂直于纸面)做匀速转动。设从 M 筒内部可以通过窄缝 s (与 M 筒的轴线平行)连续向外射出速率分别为 v 1 v 2 的粒子,粒子运动方向都沿筒的半径方向,粒子到达 N 筒后就附着在 N 筒上。如果 R v 1 v 2 都不变,而 ω 取某一合适的值,则()
A.粒子落在 N 筒上的位置可能都在 a 处一条与 s 缝平行的窄条上
B.粒子落在 N 筒上的位置可能都在某一处如 b 处一条与 s 缝平行的窄条上
C.粒子落在 N 筒上的位置可能分别在某两处如 b 处和 c 处与 s 缝平行的窄条上
D.只要时间足够长, N 筒上将到处都落有粒子
猪头小妹妹1年前1
15咯的 共回答了24个问题 | 采纳率79.2%
ABC

解析两种粒子从窄缝 s 射出后,沿半径方向匀速直线运动,到达 N 筒的时间分别为 ,两种粒子到达 N 筒的时间差为 , N 筒匀速转动,若在 时间内转过的弧长均为周长的整数倍,则所有粒子均落在 a 处一条与 s 缝平行的窄条上,A正确;若 N 筒在 时间内转过的弧长不是周长的整数倍,但在 内转过的弧长恰为周长的整数倍,则所有粒子均落在如 b 处一条与 s 缝平行的窄条上,B正确;若在 内转过的弧长均不是周长的整数倍,则可能落在 N 筒上某两处如 b 处和 c 处与 s 缝平行的窄条上,C正确;对应某一确定的 ω 值, N 筒转过的弧长是一定的,故 N 筒上粒子到达的位置是一定的,D错误。
薄透镜的测定为什么要调节光学系统共轴
xiaoer1381年前2
jx34 共回答了29个问题 | 采纳率89.7%
同轴等高是物理光学实验的一个基础.
不是这个条件可能导致:
A 光具轴产生空间角
像的大小差异;图形失真;最重要的是轴向产生空间角后距离是没有办法测量的.
B 光具轴无空间角,相互错开
图像平移;可能移到屏幕外
某种小发电机的内部结构 平面图如图1所示,永久磁体的内侧为半圆柱面形状,它与共轴的圆柱形铁芯间的缝隙中存在辐向分布、大小
某种小发电机的内部结构


平面图如图1所示,永久磁体的内侧为半圆
柱面形状,它与共轴的圆柱形铁芯间的缝隙
中存在辐向分布、大小近似均匀的磁场,磁
感应强度 B = 0.5T。磁极间的缺口很小,可
忽略。如图2所示,单匝矩形导线框 abcd
在铁芯上构成转子, ab = cd = 0.4m, bc = 0.2m。
铁芯的轴线 OO ′ 在线框所在平面内,线框可
随铁芯绕轴线转动。将线框的两个端点 M N
接入图中装置 A ,在线框转动的过程中,装置 A 能使端点 M 始终与 P 相连,而端点 N 始终与 Q 相连。现使转子以 ω ="200π" rad/s的角速度匀速转动。在图1中看,转动方向是顺时针的,设线框经过图1位置时 t = 0。(取π = 3)
(1)求 t = s时刻线框产生的感应电动势;
(2)在图3给出的坐标平面内,画出 P Q 两点
电势差 U PQ 随时间变化的关系图线(要求标出横、纵坐
标标度,至少画出一个周期);
(3)如图4所示为竖直放置的两块平行金属板 X
Y ,两板间距 d = 0.17m。将电压 U PQ 加在两板上, P X 相连, Q Y 相连。将一个质量 m = 2.4×10 -12 kg,电量 q = +1.7×10 -10 C的带电粒子,在 t 0 = 6.00×10 -3 s时刻,从紧临 X 板处无初速释放。求粒子从 X 板运动到 Y 板经历的时间。(不计粒子重力)
读后感热1年前1
jennyling 共回答了22个问题 | 采纳率95.5%
(1)24V (2)

(3)1.2×10 -2 s

(1)感应电动势 E = BSω = B × ab × bc × ω (4分)

代入数据得 E =" 24V " (2分)
(2)正确标出横坐标、纵坐标标度、画出图象(6分)(共三项,每项各占2分)
评分标准:
① 若只有以上其中一项均不给分;
② 若横坐标按 , T ……标出扣1分;
若纵坐标按 E 、2 E 标出扣1分;
③ 若只画出半个周期图象扣2分。
(3)粒子开始运动后一个周期内的运动示意图如右图所示
加速度 (1分)
向 Y 板加速的距离 =" 0.08m" (1分)
向 X 板加速的距离 =" 0.005m" (1分)
一个周期内前进的距离 S = 2 S 1 -2 S 2 = 0.15m   (1分)
由于 S 1 ,所以粒子将在下一周期向 Y 板加速过程中到达 Y 板
设这次加速时间为 t t = 2.0×10 -3 s(2分)
求出总时间    t = T + t = 1.2×10 -2 s (2分)
某种小发电机的内部结构平面图如图1所示,永久磁体的内侧为半圆柱面形状,它与共轴的圆柱形铁芯间的缝隙中存在辐向分布、大小近
某种小发电机的内部结构平面图如图1所示,永久磁体的内侧为半圆柱面形状,它与共轴的圆柱形铁芯间的缝隙中存在辐向分布、大小近似均匀的磁场,磁感应强度B=[1/2π]T.磁极间的缺口很小,可忽略.如图2所示,单匝矩形导线框abcd绕在铁芯上构成转子,ab=cd=0.4m,bc=0.3m.铁芯的轴线OO′在线框所在平面内,线框可随铁芯绕轴线转动.将线框的两个端点M、N接入图中装置A,在线框转动的过程中,装置A能使端点M始终与P相连,而端点N始终与Q相连.现使转子以ω=200π rad/s的角速度匀速转动.在图1中看,转动方向是顺时针的,设线框经过图1位置时t=0.

(1)求t=[1/400]s时刻线框产生的感应电动势;
(2)在图3给出的坐标平面内,画出P、Q两点电势差UPQ随时间变化的关系图线(要求标出横、纵坐标标度,至少画出一个周期);
(3)如图4所示为竖直放置的两块平行金属板X、Y,两板间距d=0.17m.将电压UPQ加在两板上,P与X相连,Q与Y相连.将一个质量m=1.2×10-12kg,电量q=+1.7×10-10C的带电粒子,在t0=6.00×10-3s时刻,从紧临X板处无初速释放.求粒子从X板运动到Y板经历的时间.(不计粒子重力)
papacozy1年前1
samintxzj 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:(1)根据法拉第电磁感应定律E=BSω直接求出感应电动势的大小;
(2)通过右手定则确定PQ两点间的电势高低,从而判断开始时PQ间电势的高低,由图示电场知线框转过π弧度PQ间电势将反向,根据已知的角速度可以求出电势变化的时间.
(3)抓住开始时的时间,在一个运动周期内:根据图象知,在t0=6.00×10-3s时刻电动势为正的,粒子将向Y板做初速度为0的匀加速直线运动,运动时间为T-t0然后再向Y板做匀减速直线运动,经过0.004s时速度减为0.然后再向X板匀加速0.001s,在紧接着的0.001s内粒子将向X板匀减速运动至速度为0,然后进入第二个运动周期.根据分段运动特点求出每个周期前进的距离,根据已知位移从而求出时间即可.

(1)感应电动势为:E=BSω=B×ab×bc×ω
代入数据得:E=12V
(2)
(3)粒子开始运动后一个周期内的运动示意图如右图所示,
加速度为:a=
Uq
dm
向Y板加速的距离为:s1=
1
2a×(T−t0)2=0.08m
向X板加速的距离为:s2=
1
2a×(t0−
1
2T)2=0.005m
一个周期内前进的距离为:S=2S1-2S2=0.15m  
由于S<d,d-S=0.02m<S1,所以粒子将在下一周期向Y板加速过程中到达Y板
设这次加速时间为t,则有:
d−s=
1
2at2t=2.0×10-3s
求出总时间为:t=T+t=1.2×10-2s 
答:(1)t=[1/400]s时刻线框产生的感应电动势12V;
(2)如图;
(3)粒子从X板运动到Y板经历的时间1.2×10-2s.

点评:
本题考点: 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率;匀变速直线运动的速度与位移的关系;电场强度.

考点点评: 掌握法拉第电磁感应定律及通过右手定则判断感应电势的高低是解决本题前两问的基础,在粒子往复运动中根据粒子的受力特点和运动的周期性展开讨论即可.

如图1,四个相同的金属容器共轴排列放置,它们的间距与容器的宽度相同,轴线上开小孔,在最左边及最右边的两个容器上加电压U后
如图1,四个相同的金属容器共轴排列放置,它们的间距与容器的宽度相同,轴线上开小孔,在最左边及最右边的两个容器上加电压U后,容器之间形成了匀强电场.今有一个电子从最左边容器的小孔沿轴线入射,刚好没有从最右边容器射出.则该电子停止运动前:
A、通过各容器的速度比依次为1:√2:√3(1:根号2:根号3)
B、通过各容器的时间比依次为5:3:1
C、通过各容器间隙所用时间比依次为5:3:1
D、通过各容器间隙的加速度比依次为5:3:1
真蓝阿1年前3
xxzz11yyqq 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
答案:没有选项是正确的
分析:把4个相同的金属容器从左到右编号为:1、2、3、4.
由题意得:U14=U,在金属容器内部,静电平衡,电子在4个金属桶中匀速运动,两相邻桶间的电压都是U,且电势左高右低.
现在进行分析:
电场线向右,电子做减速运动.实际上是刚好到4桶左端速度减到0,
由匀强电场得.可以判断加速度相等.故D错.
求通过各容器的速度比相当于求电子做匀减速运动至0,反向看成初速度为零的匀加速,
利用运动学比例可知:在三分点处的速度比,得:√3:√2:1.A错、B错.
通过各容器间隙所用时间比依次为:√2:√3:√6,C错.
此题都不对,你有没有打错选项,粒子肯定减速的,A、B、C错.匀强电场,D错.
如图甲所示,A、B为相同的环形线圈,它们共轴且相距很近,A线圈中通有图乙所示的交变电流,则(  )
如图甲所示,A、B为相同的环形线圈,它们共轴且相距很近,A线圈中通有图乙所示的交变电流,则(  )
A. 在t1时刻,A、B的相互作用力为零
B. 在t1到t2时间内,A、B相互排斥
C. 在t2到t3时间内,A、B相互吸引
D. 在t2时刻,A、B的相互作用力最大
297489141年前1
kekemaocat 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:根据安培定则确定电流与磁场的方向关系,再根据楞次定律知,感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化.当磁通量增大时,感应电流的磁场与它相反,当磁通量减小时,感应电流的磁场与它相同.最后运用同向电流相互吸引,异向电流相互排斥.

A、由题意可知,在t1时刻,线圈A中的电流最大,而磁通量的变化率是最小的,所以线圈B感应电流为零,则A、B的相互作用力为零,故A正确;
B、在t1到t2时间内,若设顺时针方向为正,则线圈A电流方向顺时针且大小减小,所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小,由楞次定律可知,线圈B的电流方向顺时针方向,因此A、B中电流方向相同,出现相互吸引,故B错误;
C、在t2到t3时间内,若设顺时针方向为正,则线圈A电流方向逆时针且大小增大,所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向左的磁通量大小增大,由楞次定律可知,线圈B的电流方向顺时针方向,因此A、B中电流方向相反,A、B出现互相排斥,故C错误;
D、在t2时刻,线圈A中的电流最小,而磁通量的变化率是最大的,所以线圈B感应电流也是最大,但A、B间的相互作用力最小,故D错误;
故选:A.

点评:
本题考点: 平行通电直导线间的作用;正弦式电流的图象和三角函数表达式.

考点点评: 解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容,知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化.同时注意同向电流相互吸引与同种电荷相互排斥不同.

如图所示,A、B为两个相同的环形线圈,它们共轴并靠近放置,A线圈中通有图中所示的正弦交变电流,则(  )
如图所示,A、B为两个相同的环形线圈,它们共轴并靠近放置,A线圈中通有图中所示的正弦交变电流,则(  )
A.在t1~t2时间内,线圈A、B相互排斥
B.在t2~t3时间内,线圈A、B相互排斥
C.t1时刻两线圈间作用力为零
D.t2时刻两线圈间作用力最大
hawk_long1年前1
45u74klfhsd 共回答了15个问题 | 采纳率73.3%
解题思路:根据安培定则确定电流与磁场的方向关系,再根据楞次定律知,感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化.当磁通量增大时,感应电流的磁场与它相反,当磁通量减小时,感应电流的磁场与它相同.最后运用同向电流相互吸引,异向电流相互排斥.

A、在t1到t2时间内,若设顺时针(从左向右看)方向为正,则线圈A电流方向顺时针且大小减小,所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小,由楞次定律可知,线圈B的电流方向顺时针方向,因此A、B中电流方向相同,出现相互吸引现象,故A错误;
B、在t2到t3时间内,若设顺时针方向(从左向右看)为正,则线圈A电流方向逆时针且大小增大,所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向左的磁通量大小增大,由楞次定律可知,线圈B的电流方向顺时针方向,因此A、B中电流方向相反,A、B出现互相排斥,故B正确;
C、由题意可知,在t1时刻,线圈A中的电流最大,而磁通量的变化率是最小的,所以线圈B感应电流也是最小,因此两线圈间作用力为零,故C正确;
D、在t2时刻,线圈A中的电流最小,而磁通量的变化率是最大的,所以线圈B感应电流也是最大,但A、B间的相互作用力最小,故D错误;
故选:BC

点评:
本题考点: 通电直导线和通电线圈周围磁场的方向.

考点点评: 解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容,知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化.同时注意同向电流相互吸引与同种电荷相互排斥不同.

半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在 一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有&
半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在 一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳.开始时圆盘静止,质点处在水平轴O的正下方位置.现以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若恒力 F=mg,两圆盘转过的角度θ=______时,质点m的速度最大.若圆盘转过的最大角度θ=π/3,则此时恒力F=______.
熊人黑三1年前1
真爱无需执照 共回答了28个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:当F的力矩大于mg的力矩时,质点m的速度增大,当F的力矩小于mg的力矩时,质点m的速度减小,则当两者力矩相等时,质点m的速度最大.根据力矩平衡条件列方程求解.再能量守恒定律求解F.

当F的力矩等于mg的力矩时,质点m的速度最大.
则有Fr=mg•2rsinθ
又F=mg
解得θ=
π
6
根据能量守恒定律得
F•
π
3r=mg•2rcos
π
3
解得F=[3mg/π]
本题答案是:[π/6],[3mg/π]

点评:
本题考点: 力矩的平衡条件.

考点点评: 本题解题关键在于分析什么时候质点的速度最大,要根据力矩的作用使物体产生转动来分析.

半径分别为r和2r的两个质量不记的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴o无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定一质量为m的质点
半径分别为r和2r的两个质量不记的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴o无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定一质量为m的质点,小圆盘上饶有细绳,开始时圆盘静止,质点处在水平轴o的正下方位置,现以水平恒力f拉细绳,使两圆盘转动,若恒力f=mg,两原判转过的角度为多少时,质点m的速度最大.
给个思路和大致的做法.
为什么f做工是mgsinar?为什么不是绳子伸长的距离?不是很理解。
836693391年前1
fz10simon 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
设转过的角度为A
f所做的正功的大小为mg×r×sinA
重力所做负功的大小为mg×2r×(1-cosA)
总功为:mg×R×(sinA+2cosA-2)
所以当sinA+2cosA最大的时候,质点的速度最大.
最后答案A=arctan(0.5)
1920年科学家史特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕
1920年科学家史特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕其共同轴以同一角速度ω高速旋转,其内部抽成真空.沿共同轴装有一根镀银的铂丝K,在铂丝上通电使其加热,银分子(即原子)蒸发成气体,其中一部分分子穿过A筒的狭缝a射出到达B筒的内表面.由于分子由内筒到达外筒需要一定时间,若容器不动,这些分子将到达外筒内壁上的b点,若容器转动,从a穿过的这些分子仍将沿原来的运动方向到达外筒内壁,但容器静止时的b点已转过弧长s到达b’点.
(1)测定该气体分子最大速度的大小表达式为______.
(2)采用的科学方法是下列四个选项中的______.
A.理想实验法B.建立物理模型法
C.类比法D.等效替代法.
king19051年前1
ee丈量 共回答了20个问题 | 采纳率95%
(1)气体分子运动和转盘转动同时发生,互不影响;
气体分子运动时间为:t=
R-r
v ;
转盘边缘上点线速度为,故转动时间为:t=
S
ωR ;
两个运动同时发生,故t=
R-r
v =
S
ωR
解得
v=
(R-r)Rω
S
(2)水银蒸发成气体后,分子做匀速直线运动,认为速度都相同,是建立的理想模型;故ACD错误,B正确;
故答案为:(1)
(R-r)Rω
S ;(2)B.
如图4所示,甲图中A、B为两个相同的环形线圈,共轴并靠近放置,A线圈中通如图乙所示的交变电流i,则
如图4所示,甲图中A、B为两个相同的环形线圈,共轴并靠近放置,A线圈中通如图乙所示的交变电流i,则

答案选ABC,AB不用解释,解释C就行.“t1时刻,A中电流最大,但变化率为零;B中不产生感应电流,从而使两线圈间作用力为零,C对.t2时刻,A中电流变化率最大,B中感应电流最大但A中电流为零,因而作用力为零.
为什么“A中电流最大,但变化率为零”主要解释“变化率为零”的问题
为什么“B中不产生感应电流”
yanas1年前3
squirrel3 共回答了21个问题 | 采纳率85.7%
图像问题中,图线的斜率表示该量对t的变化率.作i-t图线的切线(即图线的斜率),在t1时刻,图线的切线是水平的,表示t1时刻电流变化率为零(这种方法高一力学中常用,如速度——时间图像上,图线的斜率表示速度的变化率,即加速度).
电流变化率为零,所产生的磁场变化率也为零,即 该时刻 穿过B的磁通量(最大)不变,所以B中不产生感应电流.
如图所示,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小得多,可忽略不计。筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空
如图所示,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小得多,可忽略不计。筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空,两筒以相同的角速度ω绕其中心轴(垂直纸面)做匀速转动。设从M筒内部可以射出两种不同速度率v 1 和v 2 的微粒,从S处射出时初速度的方向都是沿筒半径方向。微粒到达N筒后就附着在N筒上。如果R、v 1 、v 2 都不变,取ω合适的值,则
[ ]
A.有可能使微粒落在N筒上的位置都在a处一条与S缝平行的窄条上
B.有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一处,如b处一条与S缝平行的窄条
C.有可能使微粒落在N筒上的位置分别在某两处,如b处和c处与S缝平行的窄条上
D.只要时间足够长,N筒上将到处都落有微粒
ainibuhui1年前1
seni_2001 共回答了11个问题 | 采纳率100%
ABC
两个凸透镜共轴放置(但不是紧靠着),有啥典型光学放置形式以及对应的特征?
两个凸透镜共轴放置(但不是紧靠着),有啥典型光学放置形式以及对应的特征?
两个焦距分别为f1f2的凸透镜,共轴放置,距离假设为s
请简要说明有哪些比较典型的放置形式使其有某些比较典型的光学特征
主要是透镜组成像方面,物在第一透镜前,有感光器在第二透镜之后
似乎有点类似相机镜头的情况?
是关于成像方面的具体效果(以及对应的摆放位置关系,包括物距a、像距等)
巍巍定心丸1年前9
遺莣1个秂 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
当f1>f2时
1.两凸透镜,焦点异侧重合,s=f1+f2,平行光变窄.
*2.凸透镜在前,凹透镜在后,焦点同侧重合,s=f1-f2,
平行光变窄.
当f1
1920年科学家斯特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R内筒半径为r,可同时绕其
1920年科学家斯特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R内筒半径为r,可同时绕其几何轴经同一角速度ω高速旋转,其内部抽成真空.沿几何轴装有一根镀银的铂丝K,在铂丝上通电使其加热,银分子(即原子)蒸发成气体,其中一部分分子穿过A筒的狭缝a射出到达B筒的内表面.由于分子由内筒到达外筒需要一定时间.若容器不动,这些分子将到达外筒内壁上的b点,若容器转动,从a穿过的这些分子仍将沿原来的运动方向到达外筒内壁,但容器静止时的b点已转过弧长s到达b’点.(1)这个实验运用了 ___ 规律来测定;
(2)测定该气体分子的最大速度大小表达式为 ___ .
tre3291年前3
xinyongpengbai 共回答了19个问题 | 采纳率84.2%
解题思路:(1)气体分子做匀速直线运动,转盘做匀速圆周运动,两中运动同时发生,互不影响;(2)气体分子从a到达b的过程中,转盘盘上外边缘点转过s的弧长,根据时间相等并结合v=ωR列式计算.

(1)气体分子运动和转盘转动同时发生,互不影响;
故答案为:运动的等时性.
(2)气体分子运动时间为:t=
R-r
v;
转盘边缘上点线速度为,故转动时间为:t=
s
ωR;
两个运动同时发生,故t=
R-r
v=
s
ωR
解得
v=
(R-r)Rω
s
故答案为:
(R-r)Rω
S.

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 本题关键是根据两个物体的直线运动和转动同时发生,时间相等,然后根据速度和线速度的定义列式求解.

半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动
半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动
大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳
开始时圆盘静止,质点处在水平轴O的正下方位置
现以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若圆盘转过的最大角度θ=π/3,则此时恒力F=____
3mg/π
参考书上的过程写:Frθ=mg*2r(1-cosθ)
这个“Frθ”是什么了个东东啊,啥意思啊,
luckluckboy1年前3
gaof 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
F此时在力的方向上通过的距离是一段弧长,这段弧的圆心角为θ
弧长公式:L=αr
∴根据公式就是rθ
如图所示,L是一焦距为2R的薄凸透镜,MN为其主光轴.在L的右侧与它共轴地放置两个半径皆为R的很薄的球面镜A和B.每个球
如图所示,L是一焦距为2R的薄凸透镜,MN为其主光轴.在L的右侧与它共轴地放置两个半径皆为R的很薄的球面镜A和B.每个球面镜的凹面和凸面都是能反光的镜面.A、B顶点间的距离3R/2.在B的顶点C处开一个透光的小圆孔(圆心为C),圆孔的直径为h.现于凸透镜L左方距L为6R处放一与主轴垂直的高度也为h(h<<R)的细短杆PQ(P点在主轴上).PQ发出的光经L后,其中一部分穿过B上的小圆孔正好成像在球面镜A的顶点D处,形成物PQ的像I.则:

(1)像I与透镜L的距离等于______;
(2)形成像I的光线经A反射,直接通过小孔后经L所成的像I1与透镜L的距离等于______;
(3)形成像I的光线经A反射,再经B反射,再经A反射,最后通过L成像为I2,将I2的有关信息填在下表中:
I2与L的距离I2在L左方还是右方I2的大小I2是正立还是倒立I2是实像还是虚像
(4)物PQ发出的光经L后未进入B上小圆孔C的那部分光最后通过L成像为I3,将I3的有关信息填在下表中:
I3与L的距离I3在L左方还是右方I3的大小I3是正立还是倒立I3是实像还是虚像
ssykqqw1年前1
tuesday10 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:(1)已知物距和焦距,根据透镜的成像公式列式求解像距;
(2)物体是实像,再次根据透镜的成像公式列式求解像距;
(3)凹面镜成像的特点:当物距小于焦距时成正立、放大的虚像,物体离镜面越近,像越小.当物距等于一倍焦距时不成像,当物距在一二倍焦距之间时成倒立放大的实像,物体离镜面越远,像越小.当物距等于二倍焦距时成等大倒立的实像.当物距大于2倍焦距时,成倒立、缩小的实像,物体离镜面越远,像越小.成的实像与物体在同侧,成的虚像与物体在异侧.
对于近轴光线,焦距等于球面半径的一半;
(4)凸面镜只能成正立缩小的虚像,主要用扩大视野.

(1)已知物距为6R,焦距为2R,根据透镜的成像公式:[1/u+
1
v=
1
f],有:
v=
uf
u−f=
6R×2R
6R−2R=3R
(2)此时物距为3R,焦距为2R,根据透镜的成像公式:[1/u+
1
v=
1
f],有:
v=
uf
u−f=
3R×2R
3R−2R=6R
(3)对于近轴光线,焦距等于球面半径的一半,故面镜的焦距为:
f′=[1/2R;
形成像I的光线经A反射,再经B反射成像,由于物距为3R,大于2倍的焦距,故在C点右侧
1
2R~R间成实像,该像离D点
1
2R~R,即在1倍焦距与2倍焦距之间,故通过A成像是倒立的、放大的实像;
光线在D点经过A反射,相当于A处的物体经过B成像,根据面镜成像公式
1
u+
1
v=
1
f],有:
[1/3R+
1
v1=
1
f′]
解得:
v1=0.75R
再经过A成像,有:
[1/0.75R+
1
v2=
1
f′]
解得:
v2=1.5R
再经过L,根据公式,有:
[1/1.5R+
1
v3=
1
f]
解得:
v3=6R
放大率等于物距与相距的比值,故总结如下:
第一次经过L在D位置成倒立的缩小为[1/2]的实像;
反射后经过B成再次倒立的又缩小[1/2]的实像;
再经过A成放大2倍的倒立的实像;
最后经过凸透镜L成正立的放大4倍的虚像;
故综合考虑,最后在L右侧成倒立的、放大2倍的虚像;
(4)物体第一次经过L在D位置成倒立的缩小为[1/2]的实像;
该像对于A面积成像,根据公式,有:
[1/3R−1.5R+
1
v=
1
−0.5R]
解得:v=0.75R
即在B的右侧0.75E处成正立的缩小[1/2]的虚像;
该像对L成像,根据公式,有:
[1/1.5R+0.75R+
1
v′=
1
2R]
解得:
v′=18R
成倒立的、放大7.2倍的实像;
故综合知,在L左方18R位置成1.8h的、正立的实像;
故答案为:
(1)3R;
(2)6R;
(3)6R、右方、2h、倒立、虚像;
(4)18R、左方、1.8h、正立、实像.

点评:
本题考点: 光的折射定律.

考点点评: 本题关键是明确光具组的成像原理,记住成像公式[1/u+1v=1f],知道各个符号的正负的规律,多次运用公式列式求解,较难.

如图所示,MN是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小得多,可忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空,
如图所示,MN是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小得多,可忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空,两筒以相同的角速度ω绕其中心轴线(图中垂直于纸面)匀速转动,设从M筒内部可以通过窄缝S(与M筒的轴线平行)不断地向外射出两种不同速率v1和v2的微粒,从S处射出时初速度的方向都是沿筒的半径方向,微粒到达N筒后就附着在N筒上,如果R、v1和v2都不变,而ω取某一合适的值,则以下说法中正确的是(  )
A.有可能使微粒落在N筒上的位置都在a处的一条与a缝平行的窄条上
B.有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一处如b处的一条与S缝平行的窄条上
C.有可能使微粒落在N筒上的位置分别在某两处如b处和c处与S缝平行的窄条上
D.只要时间足够长,N筒上将到处都落有微粒
yfdn20081年前1
ahycyb 共回答了14个问题 | 采纳率100%
解题思路:微粒从窄缝射出后沿筒的半径方向做匀速直线运动,同时N筒以角速度ω绕轴线转动,当微粒到达N筒时,二者运动时间相等,通过时间相等关系求解作出判断.

微粒从M到N运动时间t=[R/v],对应N筒转过角度θ=ωt=[Rω/v],
即如果以v1射出时,转过角度:θ1=ωt=

v1,
如果以v2射出时,转过角度:θ2=ωt=

v2,
只要θ1、θ2不是相差2π的整数倍,则落在两处,故C正确;
若相差2π的整数倍,则落在一处,可能是a处,也可能是b处.故A,B正确.
若微粒运动时间为N筒转动周期的整数倍,微粒只能到达N筒上固定的位置,故D错误.
故选:ABC.

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 解答此题一定明确微粒运动的时间与N筒转动的时间相等,在此基础上分别以v1、v2射出时来讨论微粒落到N筒上的可能位置.

如图所示,MN是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小得多,可忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空,
如图所示,MN是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小得多,可忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空,两筒以相同的角速度ω绕其中心轴线(图中垂直于纸面)匀速转动,设从M筒内部可以通过窄缝S(与M筒的轴线平行)不断地向外射出两种不同速率v1和v2的微粒,从S处射出时初速度的方向都是沿筒的半径方向,微粒到达N筒后就附着在N筒上,如果R、v1和v2都不变,而ω取某一合适的值,则以下说法中正确的是(  )
A. 有可能使微粒落在N筒上的位置都在a处的一条与a缝平行的窄条上
B. 有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一处如b处的一条与S缝平行的窄条上
C. 有可能使微粒落在N筒上的位置分别在某两处如b处和c处与S缝平行的窄条上
D. 只要时间足够长,N筒上将到处都落有微粒
肉cc08091年前1
逆水知 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解题思路:微粒从窄缝射出后沿筒的半径方向做匀速直线运动,同时N筒以角速度ω绕轴线转动,当微粒到达N筒时,二者运动时间相等,通过时间相等关系求解作出判断.

微粒从M到N运动时间t=[R/v],对应N筒转过角度θ=ωt=[Rω/v],
即如果以v1射出时,转过角度:θ1=ωt=

v1,
如果以v2射出时,转过角度:θ2=ωt=

v2,
只要θ1、θ2不是相差2π的整数倍,则落在两处,故C正确;
若相差2π的整数倍,则落在一处,可能是a处,也可能是b处.故A,B正确.
若微粒运动时间为N筒转动周期的整数倍,微粒只能到达N筒上固定的位置,故D错误.
故选:ABC.

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 解答此题一定明确微粒运动的时间与N筒转动的时间相等,在此基础上分别以v1、v2射出时来讨论微粒落到N筒上的可能位置.

关于圆周运动的题目半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在 一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上
关于圆周运动的题目
半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在 一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有 一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳.开始时圆盘静止, 质点处在水平轴O的正下方位置.现以水平恒力F拉细绳, 使两圆盘转动,若恒力 F=mg,两圆盘转过的角度θ=多少 时,质点m的速度最大.若圆盘转过的最大角度θ=π/3,则此时恒力F=_____.
http://dl.zhishi.sina.com.cn/upload//21/20/17/1480212017.1146923859.jpg
不知道该什么给这个物体做受力分析,麻烦大家说详细点
这答案是真确的,因为我还知道一道和这个差不多的题,只是在那个圆盘旁边加了个定滑轮,细线的一端连接着小圆盘,另一段跨国定滑轮连接着一个物块B,也就是用这个物块B代替了恒力F。其他条件都一样,连问题都差不多。第二问问的是物块B的质量是多少,答案是3m/π,所以B给的力为 3mg/π 。而且这道题目用的是机械能守恒来做的,至少我没看出什么问题。所以结论就是,答案没错。
ygtn11年前0
共回答了个问题 | 采纳率
(2014•松江区一模)半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边
(2014•松江区一模)半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳.开始时圆盘静止,质点处在水平轴O的正下方位置.现以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若两圆盘转过的角度θ=[π/6]时,质点m的速度最大,则恒力F=______;若圆盘转过的最大角度θ=[π/3]则此时恒力F=
[3mg/π]
[3mg/π]
小琳莎1年前1
rr恒星 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
解题思路:两圆盘转过的角度θ时,两个物体构成的系统减小的重力势能等于增加的动能,根据机械能守恒定律列式求解;当F的力矩大于mg的力矩时,质点m的速度增大,当F的力矩小于mg的力矩时,质点m的速度减小,则当两者力矩相等时,质点m的速度最大.根据力矩平衡条件列方程求解.再能量守恒定律求解F.

以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若两圆盘转过的角度θ=[π/6]时,质点m的速度最大,此时力矩平衡,故:
F•r=mg•2rsin30°
解得:F=mg;
根据能量守恒定律得
F•[π/3]r=mg•2rcos[π/3]解得F=[3mg/π]
本题答案是:mg,[3mg/π].

点评:
本题考点: 力矩的平衡条件.

考点点评: 本题关键在于分析什么时候质点的速度最大,要根据力矩的作用使物体产生转动来分析;同时要能结合功能关系和能量守恒定律列方程求解.

图中,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空.
图中,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空.两筒以相同的角速度ω绕其中心轴线(图中垂直于纸面)做匀速转动.设从M筒内部可以通过窄缝 s (与M筒的轴线平行)不断地向外射出两种不同速率 v 1 和v 2 的微粒,从 s 处射出时的初速度的方向都是沿筒的半径方向,微粒到达N筒后就附着在N筒上.如果R、v 1 和v 2 都不变,而ω取某一合适的值,则下列说法不正确的是(  )
A.有可能使微粒落在N筒上的位置都在 a 处一条与 s 缝平行的窄条上
B.有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一处如 b 处一条与 s 缝平行的窄条上
C.有可能使微粒落在N筒上的位置分别在某两处如 b 处和c 处与 s 缝平行的窄条上
D.只要时间足够长,N筒上将到处都落有微粒
hqs06111年前1
guogggggg 共回答了22个问题 | 采纳率77.3%
A、B、C、微粒从M到N运动时间t=
R
v ,对应N筒转过角度θ=ωt=
ωR
v ,
即如果以v 1 射出时,转过角度:θ 1 =ωt=
ωR
v 1 ,
如果以v 2 射出时,转过角度:θ 2 =ωt=
ωR
v 2 ,
只要θ 1 、θ 2 不是相差2π的整数倍,则落在两处,故C正确;
若相差2π的整数倍,则落在一处,可能是a处,也可能是b处.故A,B正确.
D、若微粒运动时间为N筒转动周期的整数倍,微粒只能到达N筒上固定的位置,故D错误.
本题选不正确的故选D.
半径分别为r=0.1m和R=2r=0.2m的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边
半径分别为r=0.1m和R=2r=0.2m的两个质量不计的圆盘,共轴固定连接在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个可看作质点的质量m=0.1kg的小球A,小圆盘上绕有细线,细线的另一端与放在光滑绝缘水平桌面上的带电小物块B水平相连,物块B的质量M=0.12kg,带电量为q=1.0×10 -4 C,处于水平向左的匀强电场中,电场强度大小为E 0 =10 4 N/C。整个系统在如图所示位置处于静止平衡状态,此时OA连线与竖直方向的夹角为θ。求:
(1)夹角θ的大小。
(2)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A位于转轴O的正下方由静止释放,当圆盘转过45°角时物块B运动的速度多大?
(3)缓慢顺时针转动圆盘,使小球A重新回到转轴O的正下方,改变电场强度大小使其为E后由静止释放系统,物块B向左运动的最大距离s= ,则电场强度E多大?
1013的第20次耳语1年前1
小小司 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
(1)对物块B:
对圆盘,由力矩平衡:
得:
θ=30°
(2)对整个系统,由动能定理:
代入数据,解得:v=0.28m/s
(3)
对整个系统,由动能定理:qE· =mg·2r(1-cos )
解得:E= =9.55×10 3 N/C
(2007•上海模拟)1920年科学家斯特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,
(2007•上海模拟)1920年科学家斯特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕其几何轴经同一角速度ω高速旋转,其内部抽成真空.沿几何轴装有一根镀银的铂丝K,在铂丝上通电使其加热,银分子(即原子)蒸发成气体,其中一部分分子穿过A筒的狭缝a射出到达B筒的内表面.由于分子由内筒到达外筒需要一定时间.若容器不动,这些分子将到达外筒内壁上的b点,若容器转动,从a穿过的这些分子仍将沿原来的运动方向到达外筒内壁,但容器静止时的b点已转过弧长s到达b’点.
(1)这个实验运用了______规律来测定;
(2)测定该气体分子的最大速度大小表达式为
(R−r)Rω
S
(R−r)Rω
S

(3)采用的科学方法是下列四个选项中的______.
(A)理想实验法 (B)建立物理模型法
(C)类比法 (D)等效替代法.
lvpengke1年前1
玉日尧 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:气体分子做匀速直线运动,转盘做匀速圆周运动,两中运动同时发生,互不影响;气体分子从a到达b的过程中,转盘盘上外边缘点转过s的弧长,根据时间相等并结合v=ωR列式计算.

1)气体分子运动和转盘转动同时发生,互不影响;这个实验运用了运动的等时性规律测定.
(2)气体分子运动时间为:t=[R−r/v]
转盘边缘上点线速度为,故转动时间为:t=[s/ωR]
两个运动同时发生,故t=[R−r/v=
S
ωR]
解得v=
(R−r)Rω
S.
(3)采用的科学方法是下列四个选项中的建立物理模型法.故B正确,A、C、D错误.
故选B.
故答案为:(1)运动的等时性,(2)
(R−r)Rω
S,(3)B,

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 本题关键是根据两个物体的直线运动和转动同时发生,时间相等,然后根据速度和线速度的定义列式求解.

如图甲所示,I、Ⅱ两 如图甲所示,I、Ⅱ两个并排放置的共轴线圈,I中通有如图乙所示的交变电流,则下列判断错误的是 [
如图甲所示,I、Ⅱ两
如图甲所示,I、Ⅱ两个并排放置的共轴线圈,I中通有如图乙所示的交变电流,则下列判断错误的是
[ ]
A.在t 1 到t 2 时间内,I、Ⅱ相吸
B.在t 2 到t 3 时间内,I、Ⅱ相斥
C.t 1 时刻两线圈间作用力为零
D.t 2 时刻两线圈间吸引力最大
嗜茶者1年前1
aa不吃草 共回答了19个问题 | 采纳率84.2%
D
什么是透镜的光轴,为什么要对光学系统进行共轴调节
mzlzhangyue1年前1
clubcom 共回答了28个问题 | 采纳率92.9%
是指所有光学仪器的中心(光心)位于同一水平线上,我们知道光线在同一种均匀介质中沿直线传播的,所以做光学实验之前必须进行共轴调节,确保实验的进行!
图中,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空.
图中,M、N是两个共轴圆筒的横截面,外筒半径为R,内筒半径比R小很多,可以忽略不计,筒的两端是封闭的,两筒之间抽成真空.两筒以相同的角速度ω绕其中心轴线(图中垂直于纸面)做匀速转动.设从M筒内部可以通过窄缝 s (与M筒的轴线平行)不断地向外射出两种不同速率 v1 和v2 的微粒,从 s 处射出时的初速度的方向都是沿筒的半径方向,微粒到达N筒后就附着在N筒上.如果R、v1 和v2都不变,而ω取某一合适的值,则下列说法不正确的是(  )
A.有可能使微粒落在N筒上的位置都在 a 处一条与 s 缝平行的窄条上
B.有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一处如 b 处一条与 s 缝平行的窄条上
C.有可能使微粒落在N筒上的位置分别在某两处如 b 处和c 处与 s 缝平行的窄条上
D.只要时间足够长,N筒上将到处都落有微粒
葳思思1年前1
hengyang4321 共回答了18个问题 | 采纳率100%
解题思路:微粒从窄缝射出后沿筒的半径方向做匀速直线运动,同时N筒以角速度ω绕轴线转动,当微粒到达N筒时,二者运动时间相等,通过时间相等关系求解作出判断.

A、B、C、微粒从M到N运动时间t=[R/v],对应N筒转过角度θ=ωt=[ωR/v],
即如果以v1射出时,转过角度:θ1=ωt=
ωR
v1,
如果以v2射出时,转过角度:θ2=ωt=
ωR
v2,
只要θ1、θ2不是相差2π的整数倍,则落在两处,故C正确;
若相差2π的整数倍,则落在一处,可能是a处,也可能是b处.故A,B正确.
D、若微粒运动时间为N筒转动周期的整数倍,微粒只能到达N筒上固定的位置,故D错误.
本题选不正确的故选D.

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 解答此题一定明确微粒运动的时间与N筒转动的时间相等,在此基础上分别以v1、v2射出时来讨论微粒落到N筒上的可能位置.

如图所示,M为通电螺线管,通以按图示规律变化的交流电,N为环形铝框,与螺线管共轴放置,则( )
如图所示,M为通电螺线管,通以按图示规律变化的交流电,N为环形铝框,与螺线管共轴放置,则( )
(A)在t1到t2时间内,铝框向右运动
(B)在t2到t3时间内,铝框向左运动
(C)在t1时刻,铝框受到的安培力最大
(D)在t2时刻,铝框受到的安培力最大

答案选AB.我怎么觉得没个对啊
lifirst11年前2
gopin88 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
t1到t2时间内,电流逆时针流动且不断减小,即通电螺线管左端向左的磁场减小,依楞次定律可知,N产生的应为向左的感生磁场电流方向逆时针(从螺线管左端看),此时用左手定则(或者将N想成一块左N右S的磁铁,两磁铁异性相吸...
急 蹄形磁铁与铜质圆盘共轴放置,铜盘可绕竖直轴自由转动,磁极离铜盘较近,当磁铁绕坚直轴以角速度ω1转动的过程中,铜盘转动

蹄形磁铁与铜质圆盘共轴放置,铜盘可绕竖直轴自由转动,磁极离铜盘较近,当磁铁绕坚直轴以角速度ω1转动的过程中,铜盘转动的角速度ω2为( )
A、ω2=ω1,转动方向相同
B、ω2>ω1,转动方向可能相同也可能相反
C、ω2=0
D、ω2<ω1转动方向相同
请详细解释为什么圆盘转得慢?
为什么啊
micboo1年前2
1tianyuhong 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
这个涉及到电磁感应和参照系变换
铜盘所受的使其转动的力F与相对角速度dw=w1-w2成正比,这个通过微积分可以求出
我们可以认为F=k*dw(k为一常数,涉及到磁场强度等,本题为矛盾的次要方面不考虑),一开始的转动动力最大,当dw=0时没有动力,而由于阻力会使w2变小,最终达到稳定状态
所以这题如果考虑阻力就是D,不考虑阻力(理想情况)就是A
1920年科学家斯特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕
1920年科学家斯特恩测定气体分子速率的装置如图所示,A、B为一双层共轴圆筒形容器,外筒半径为R,内筒半径为r,可同时绕其几何轴经同一角速度ω高速旋转,其内部抽成真空.沿几何轴装有一根镀银的铂丝K,在铂丝上通电使其加热,银分子(即原子)蒸发成气体,其中一部分分子穿过A筒的狭缝a射出到达B筒的内表面.由于分子由内筒到达外筒需要一定时间.若容器不动,这些分子将到达外筒内壁上的b点,若容器转动,从a穿过的这些分子仍将沿原来的运动方向到达外筒内壁,但容器静止时的b点已转过弧长s到达b’点.

(1)这个实验运用了 ___ 规律来测定;
(2)测定该气体分子的最大速度大小表达式为 ___ .
(3)采用的科学方法是下列四个选项中的 ___ .
(A)理想实验法 (B)建立物理模型法
(C)类比法 (D)等效替代法.
cherry-16881年前1
erewojkl 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:气体分子做匀速直线运动,转盘做匀速圆周运动,两中运动同时发生,互不影响;气体分子从a到达b的过程中,转盘盘上外边缘点转过s的弧长,根据时间相等并结合v=ωR列式计算.

1)气体分子运动和转盘转动同时发生,互不影响;这个实验运用了运动的等时性规律测定.
(2)气体分子运动时间为:t=[R-r/v]
转盘边缘上点线速度为,故转动时间为:t=[s/ωR]
两个运动同时发生,故t=[R-r/v=
S
ωR]
解得v=
(R-r)Rω
S.
(3)采用的科学方法是下列四个选项中的建立物理模型法.故B正确,A、C、D错误.
故选B.
故答案为:(1)运动的等时性,(2)
(R-r)Rω
S,(3)B,

点评:
本题考点: 线速度、角速度和周期、转速.

考点点评: 本题关键是根据两个物体的直线运动和转动同时发生,时间相等,然后根据速度和线速度的定义列式求解.

共轴导线的电容一种共轴导线有三部分组成.最内部的导线半径R1=0.4mm.其外部为一层共轴的绝缘层.最外部为共轴管状导体
共轴导线的电容
一种共轴导线有三部分组成.最内部的导线半径R1=0.4mm.其外部为一层共轴的绝缘层.最外部为共轴管状导体护套,内径为1.2mm.请问这种导线的单位长度电容怎么求?请给出详细过程和结果,
ln1982111年前0
共回答了个问题 | 采纳率
有一厚为3cm,折射率为1.5的共轴折射系统,其第一折射面是半径为2cm的球面,第二折射面是平面,两面相距3c
有一厚为3cm,折射率为1.5的共轴折射系统,其第一折射面是半径为2cm的球面,第二折射面是平面,两面相距3c
第一折射面是凸面还是凹面?是不是有两种情况?
裴贝1年前1
zhang137018 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
R>0,所以凸面
3.图乙中A、B为两个相同的环形线圈,共轴并靠近平行放置.A线圈中通有如图甲中所示的交变电流i,则 ( )
极品微尘1年前2
chloe19 共回答了11个问题 | 采纳率72.7%
ABC 在t1—t2时间内,A中电流减小,A产生的磁场在B处减小,根据楞次定律,B中产生与A的同向电流.根据安培定则和左手定则得:同向电流相互吸引.选项A正确;同理,在t2—t3时间内,A中电流增大,A产生的磁场在B处增大.B中产生与A的反向电流.反向电流相互排斥.选项B正确;t1时刻,A产生的磁场在B处磁通量的变化率最大,B中的感应电流最大,但A中的电流为0.所以相互作用力为0.选项C正确;t3时刻,A中电流最大,但B中感应电流为0.相互作用力为0.选项D错误.考查楞次定律,安培定则,左手定则.