交变电流大小不变是在什么情况下

冷银孀2022-10-04 11:39:541条回答

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zsgldyzy 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
有几种情况,会出现交变电流大小不变的情形:
1、交变电流的频率为0,也就是“直流”;
2、线路断路,交变电流的大小为0.
1年前

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A.线圈转动的角速度为100 rad/s.
B.在0~0.005s时间内,通过电阻的电量为 C
C.电热丝两端的电压为180V
D.电热丝的发热功率为1800W
xpwang6061年前1
liliang118 共回答了15个问题 | 采纳率100%
BD

周期为0.02s,角速度为 ,A错;在0~0.005s时间内,磁通量变化量为BS,交点电压峰值为200V,由 ,BS= ,电量q=It= ,B对;电压有效值为 ,C错;电热丝的发热功率P=I 2 R=1800W
矩形线圈在一匀强磁场中绕垂直于磁场方向的中心轴匀速转动,产生的交变电动势表达式为e=311sin314t(V),试求:
矩形线圈在一匀强磁场中绕垂直于磁场方向的中心轴匀速转动,产生的交变电动势表达式为e=311sin314t(V),试求:
(1)电动势的有效值和频率;
(2)若矩形线圈是100匝,线圈平面面积为0.02m2,匀强磁场的磁感应强度B是多少?
(3)当线圈平面从中性面开始转过[3π/4]时,电动势的瞬时值是多大?
血仍未停1年前1
冰雕烛光 共回答了20个问题 | 采纳率85%
解题思路:根据电压的瞬时值的表达式可以得知电压的最大值,根据最大值和有效值之间的关系即可求得有效值的大小,根据Em=NBSω求解磁场强度,根据瞬时表达式求解瞬时电压值.

(1)根据交变电动势表达式为e=311sin314t(V),可知:
最大值Em=311V
有效值:E=
Em

2V=220V
频率:f=[ω/2π]Hz=50Hz
(2)由Em=NBSω得
B=
Em
NSωT=0.5T
(3)线圈从中性面转过[3π/4],即ωt=[3π/4]
e=311sin[3π/4]V=311×0.707V=220V
答:(1)电动势的最大值为311V、有效值为220V,频率为50Hz;
(2)若矩形线圈是100匝,线圈平面面积为0.02m2,匀强磁场的磁感应强度B是0.5T;
(3)当线圈平面从中性面开始转过[3π/4]时,电动势的瞬时值是220V.

点评:
本题考点: 正弦式电流的图象和三角函数表达式;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

考点点评: 本题考查学生对瞬时值表达式的理解,根据瞬时值表达式可以计算在不同时刻的电动势的大小,同时要掌握住交变电流的产生的过程.

以下说法正确的是(  )A.同一只电感线圈对频率低的交变电流的阻碍较小B.低频扼流圈对低频交流电有很大的阻碍作用,对高频
以下说法正确的是(  )
A.同一只电感线圈对频率低的交变电流的阻碍较小
B.低频扼流圈对低频交流电有很大的阻碍作用,对高频交流电的阻碍作用就较小
C.当电容器接到交流电源上时,因为有自由电荷通过电容器,电路中才有交变电流
D.对于理想变压器,原线圈的输入功率随副线圈的输出功率增大而增大
静莫言1年前1
楚熠 共回答了16个问题 | 采纳率100%
解题思路:线圈对交流电有阻碍,频率越大,阻碍越大;高频扼流圈的自感系数小,低频扼流圈的自感系数大,高频扼流圈作用是通低频阻高频,低频扼流圈的作用是通直流阻交流.

A、同一只电感线圈,对频率低的交变电流的阻碍较小,故A正确;
B、高频扼流圈的自感系数较小,只对高频交变电流有较大的阻碍作用,对低频交变电流的阻碍作用较小.
低频扼流圈的自感系数大,即使交流的频率较低,线圈产生的感抗也很大,故B错误;
C、自由电荷不能通过电容器,只会充放电,故C错误;
D、理想变压器,原线圈的输入功率随副线圈的输出功率增大而增大,故D正确;
故选:AD.

点评:
本题考点: 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

考点点评: 考查线圈对交流电的阻碍与频率的高低有关,掌握高频扼流圈与低频扼流圈对交流的阻碍区别.

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A.电压表的示数小于11V
B.此交变电源的频率为2.5Hz
C.当传感器R2所在处出现火警时,电压表的示数减小
D.当传感器R2所在处出现火警时,电流表的示数减小
杨大虫1年前1
tinhyolin 共回答了19个问题 | 采纳率78.9%
解题思路:输出电压是由输入电压和匝数比决定的,电压与匝数程正比,由图象无频率,电流与匝数成反比,根据理想变压器的原理分析即可.

A、由图象可知,输入的电压为220V,变压器的电压与匝数成正比,由此可得副线圈的电压为11V,电压表测的是半导体热敏材料的电压,R1,R2的总电压为11V,所以电压表的示数小于11V,所以A正确;
B、由图象知交流电的周期为0.02s,所以频率为50Hz,所以B错误;
C、当出现火警时,温度升高,电阻R2减小,副线圈的电流变大,所以R1的电压要增大,由于副线圈的总电压不变,所以R2的电压就要减小,所以C正确;
D、由C的分析可知,副线圈的电阻减小,副线圈的电流变大,所以原线圈的电流也就要增大,所以D错误.
故选AC.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解.

如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比为2∶1.电池和交变电源的电动势都为6 V,内阻均不计,下列说法正确的是(  )
如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比为2∶1.电池和交变电源的电动势都为6 V,内阻均不计,下列说法正确的是(  )
A.S与a接通的瞬间,R中无感应电流
B.S与a接通稳定后,R两端的电压为0
C.S与b接通稳定后,R两端的电压为3 V
D.S与b接通稳定后,原、副线圈中电流的频率之比为2∶1
故乡韵1年前1
海角童话 共回答了22个问题 | 采纳率77.3%
解题思路:

Sa接通的瞬间,由于电流由零突然变大,所以线圈中的磁通量会发生变化,副线圈中的R会有感应电流,所以A错误。在Sa接通稳定后,电路中的电流稳定,磁通量不会发生变化,所以副线圈中不会有感应电流产生,电阻R两端的电压为0,所以B正确。在Sb接通稳定后,由于b是交流电源,根据电压与匝数成正比可知,副线圈的电压为3V,所以C正确。变压器不会改变交流电源的频率,所以原、副线圈中电流的频率是相同的,所以D错误。

故选BC.

BC

高二交变电流的电功率的计算法在描述交变电流的物理量(高二)一节中,牵扯到交变电流的功率问题.书上是这么写的 P交变=(I
高二交变电流的电功率的计算法
在描述交变电流的物理量(高二)一节中,牵扯到交变电流的功率问题.书上是这么写的 P交变=(I有效)² ×R,但我认为此公式只可在t取整周期时才可使用,因为有效电流值与交变电流值只有在一周期内产热量才一样.
PS:鄙人是新手,穷困潦倒,所以悬赏就……
zx9902231年前1
68459601 共回答了18个问题 | 采纳率100%
这是基础的公式;P=W/t ,P=W/t→∵W=U·I·t ∴P=(U·I·t)/t→P=U·I(电压电流公式)
P=U·I→∵U=R·I ∴P=I²·R(电流电阻公式)
P=U·I→∵I=U/R ∴P=U·I=U·U/R→P=U²/R(电压电阻公式)
并联电路
总电流等于各处电流之和 I=I1+I2
各处电压相等 U1=U2=U
串联电路
总电流等于各处电流 I=I1=I2
各处电压相等 U1+U2=U
串联电路的总电阻等于各支路电阻之和
并联电路总电阻倒数等于各支路电阻的倒数之和
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交变电流的有效值是根据电流的热效应来定义的,让交变电流和恒定电流通过相同阻值的电阻,如果在相同的时间内产生的热量相等,我们就把这一恒定电流的数值叫做这一交变 电流的有效值,
请问,有效电流这样定义有什么意义?为什么要这样定义
6368914171年前3
万花筒看世界 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
很多用电器之类的用电量看的是总的,好比一个人干活,看的是一段时间后的总的结果,而不是某个点的效率
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如图所示,变频交变电源的频率可在20 Hz到20 kHz之间调节,在某一频率时,A 1 、A 2 两只灯泡的亮度相同.则下列说法中正确的是
[ ]
A.如果将频率增大,A 1 亮度减弱、A 2 亮度加强
B.如果将频率增大,A 1 亮度加强、A 2 亮度减弱
C.如果将频率减小,A 1 亮度减弱、A 2 亮度加强
D.如果将频率减小,A 1 亮度加强、A 2 亮度减弱
雷耶斯1年前1
蓝如斯 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
BC
电感产生感抗对交变电流有阻碍作用,但不会因此消耗电能
电感产生感抗对交变电流有阻碍作用,但不会因此消耗电能
为什么?
anchun鱼1年前1
hulidawang 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
当交流电电压高峰来到时,线圈吸收电场能,将它转化成线圈里面的磁场,当高峰过去后磁场能又转化成电场能反馈给线圈,这时候线圈向外部供电.就象帮别人挡千秋时,千秋来时先推你一下,当千秋去时你又推千秋一下一样.
所以,如果你用线圈与用电器串联的话,外电压增大时,它阻止电压的增大,将电转化为磁场能,于是电流并不大,当外电流为零时,它偏在这时加大电路中的电流,所以电流的最大时刻与电压的最大时刻不同时,所以电压乘电流并不最大,所以感性电路的功率因数小于100%.电容器的作用就请你用同样的方法自己分析了.
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如图甲所示,M是一个小型理想变压器,原副线圈匝数之比n1:n2=20:1,接线柱a、b接上一个正弦交变电源,电压随时间变化规律如图乙所示.变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R2为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器,R1为一定值电阻.下列说法中正确的是(  )

A.电压表的示数小于11V
B.此交变电源的频率为50Hz
C.当传感器R2所在处出现火警时,电压表的示数减小
D.当传感器R2所在处出现火警时,电流表的示数减小
menlises1年前1
cheey 共回答了15个问题 | 采纳率86.7%
A、由图象可知,输入的电压为220V,变压器的电压与匝数成正比,由此可得副线圈的电压为11V,电压表测的是半导体热敏材料的电压,R1,R2的总电压为11V,所以电压表的示数小于11V,所以A正确;B、由图象知交流电的周期...
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①从第一个计数点开始计时,为求出0.15s时刻的瞬时速度,需要测出______段纸带的长度.②若测得AB段纸带的长度为2.0cm,EF段纸带的长度为10.0cm,则加速度为______m/s2(保留2位有效数字)
③若在实验中,交流电的频率偏离50Hz,且f>50Hz则测得的加速数值与真实值相比是______(填“偏大”“偏小”“相等”)
我2郑元畅1年前1
hjltjbb 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
(1)①每相邻两个计数点间的四个点未画出,因此计数点之间的时间间隔为:T=0.1s;
从第一个计数点开始计时,0.15s所对应的点为BC两计数点的时间中点,因此求出BC之间的距离,即可求出0.15s时刻的瞬时速度.
②设AB位移是x1,BC位移是x2,CD位移是x3,DE位移是x4,EF位移是x5
据匀变速直线运动的推论:xm-xn=(m-n)aT2
得:x5-x1=4aT2
a=[0.10−0.02/0.04]=2.0m/s2
(2)若实验时交流电的频率比50Hz大,则打点计时器打出的点时间间隔小于0.02s,计数点间的时间间隔小于0.1s,
但是在解题过程中代入的时间间隔为0.1s,即代入了较长的时间.则测得的加速数值与真实值相比偏小.
故答案为:(1)①BC,②2.0.
(2)偏小
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1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示,它的核心部分是两个D形金属盒,两盒相距很近,分别和交变电源相连接,两盒放在匀强磁场中,磁场方向垂直于盒底面,某一带电粒子在磁场中做圆周运动,通过两盒间的窄缝时反复被加速,当达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。下列说法正确的是
A.带电粒子在回旋加速器中从磁场中获得能量
B.带电粒子在回旋加速器中从电场中获得能量
C.高频交变电源的电压越大,带电粒子从出口被引出时获得的动能越大
D.匀强磁场的磁感应强度越大,带电粒子从出口被引出时获得的动能越大
下雨的晴天1年前1
yoyohsu 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:

在磁场中洛伦兹力不做功,所以粒子在电场中获得能量,A错;B对;只有当粒子偏转的半径增大到D型盒半径时才能从出口飞出,所以最大动能与电源电压无关,由D型盒的半径决定,C错;D对;

BD

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(1)请你在xoy坐标系中用最简洁的方法作出能表示v-t关系的图线(作答在答题纸的图上);
(2)从第一个计数点开始计时,为求出0.15s时刻的瞬时速度,需要测出哪一段纸带的长度?答: _
(3)若测得a段纸带的长度为2.0cm,e段纸带的长度为10.0cm,则可求出加速度的大小为 _ m/s 2
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(1)纸带的高度之比等于中间时刻速度之比,也就是说图中a段纸带高度代表0.05s时的瞬时速度,b纸带高度代表0.15s时的瞬时速度,c纸带高度代表0.25s时的瞬时速度,d的高度代表0.35s时的瞬时速度,e代表0.45s时的瞬时速度。所以在xoy坐标系中用最简洁的方法作出能表示vt关系的图线,如图所示

(2)b纸带高度代表0.15s时的瞬时速度,所以为求出0.15s时刻的瞬时速度,需要测出b段纸带的长度。

(3)若测得a段纸带的长度为2.0cm,时间时0.1s,所以平均速度也就是0.05s时的瞬时速度为e段纸带的长度为10.0cm,所以平均速度也就是0.45s时的瞬时速度为;由由以上可知;所以加速度

(1)(3分)如图

(2)(3分)b (3)(4分)2.0


<>

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某交流发电机产生的正弦式交变电流的图象如图所示,下列说法中正确的是(  )
A.交变电流的频率为0.02Hz
B.交变电流的瞬时表达式为i=5cos50π(A)
C.在t=0.01s时,穿过交流发电机线圈的磁通量为零
D.若发电机线圈电阻为0.4Ω,则其产生的热功率为5W
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A、由图象可知,交流电的周期为20×10 -3 s,所以交流电的频率为f=
1
T =50Hz,所以A错误;
B、根据图象可得,交变电流的瞬时表达式为i=Acosωt=5cos100πt(A),所以B错误;
C、在t=0.01s时,感应电流最大,所以此时穿过交流发电机线圈的磁通量的变化率最大,穿过交流发电机线圈的磁通量为零,所以C正确;
D、交流电的有效值为I=
I m

2 =
5
2
2 A,所以发电机的发热功率为P=I 2 r=(
5
2
2 ) 2 ×0.4W=5W,所以D正确.
故选CD.
在示波管的Y轴偏转板上加上交变电压,则光点将如何运动
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光点会在垂直方向做上、下运动.如果此时X偏转板上加上线性锯齿波扫描电压的话,在荧光屏上就会显示这个交变电压.此时,可以调节时基因素(扫描速度),将波形在水平方向缩放适当,便于观察.
求:正弦交变电流有效值 Emax=根号2E有效,积分推导过程.
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需要对sin^2求积分.
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220/1100=36/N N=180 所以副线圈180圈
又I=P/U I=60/36=10/6 A
由 N/1100=I'/11I I'=3A
所以原线圈电流是3A
5.一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时,产生的交变电动势的图象如图所示.
5.一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时,产生的交变电动势的图象如图所示.
5. 一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时,产生的交变电动势的图象如图所示. 则( ).

A. 交变电流的频率是4πHz
B. 当t=0时,线圈平面与磁感线垂直


C. 当t=0.5s时,e有最大

D. 交流电的周期是0.5s

为什么图中时间为π值而题目中却没有π的出现.
w3636857981年前1
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5.一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时,产生的交变电动势的图象如图所示.则( B )
为什么图中时间为π值而题目中却没有π的出现.:
e=10sinωt
ω=2π/T
题目中T=2π
所以
e=10sint
瞬时电动势方程里面π不存在了
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一理想变压器原、副线圈匝数比n 1 :n 2 =11:5.原线圈与正弦交变电源连接,输入电压u如图所示.副线圈仅接入一个10 Ω的电阻.则( )
A.流过电阻的电流是20 A
B.与电阻并联的电压表的示数是100 V
C.经过1分钟电阻发出的热量是6×10 3 J
D.变压器的输入功率是1×10 3 W
coollyjordan1年前1
cc墓绝1 共回答了22个问题 | 采纳率90.9%
D

由图象可知U 1 ="220" V,则
U 2 = U 1 = ×220V="100" V
流过电阻电流I= ="10" A,A错;电压表示数应为100V,B错;1分钟放出热量Q=I 2 Rt=10 2 ×10×60 J=6×10 4 J,C错;P =U 2 I="100×10" W=1×10 3 W,所以P =P =1×10 3 W,D正确.
下面关于交变电流的说法中正确的是( ) A.交流电器设备上所标的电压和电
下面关于交变电流的说法中正确的是( )
a.交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的最大值
b.利用欧姆定律计算时,公式中的电流、电压值是***变电流的有效值
c.给定的交变电流数值,在没有特别说明的情况下都是指瞬时值
d.交流电表上显示的电流数值是该交变电流的有效值
km6076071年前1
zilingerlei 共回答了24个问题 | 采纳率83.3%
BD

交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的有效值,A错;给定的交变电流数值,在没有特别说明的情况下都是有效值,C错;
一理想变压器原、副线圈匝数比为10:1,原线圈与正弦交变电源连接,输入电压如图所示,副线圈仅接入一个阻值为10Ω的电阻,
一理想变压器原、副线圈匝数比为10:1,原线圈与正弦交变电源连接,输入电压如图所示,副线圈仅接入一个阻值为10Ω的电阻,则(  )
A.副线圈输出电压的频率为50HZ
B.在1s时间内副线圈中电流方向改变25次
C.流过电阻的电流为1A
D.变压器的输入功率为5W
酷酷酷鱼1年前1
永恒的噩梦 共回答了20个问题 | 采纳率90%
解题思路:根据图象可以求得输出电压的有效值、周期,再根据电压与匝数成正比,结合欧姆定律的知识,即可求得结论.

A、根据图象知周期0.04s,频率为25Hz,故A错误;
B、一个周期内电流方向改变两次,故在1s时间内副线圈中电流方向改变50次,故B错误;
C、由图象可知,原线圈中电压的最大值为100V,所以电压的有效值为50
2V,因原、副线圈匝数比n1:n2=10:1,根据电压与匝数成正比可知,则副线圈的电压有效值为5
2V,所以流过电阻的电流I=
5
2
10=

2
2A,所以C错误;
D、副线圈的电阻为10Ω,所以输出功率P=
(5
2)2
10=5W,因输入功率等于输出功率,所以D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系,最大值和有效值之间的关系即可解决本题,注意电表读数是交流电的有效值.

物理交变电流题,急用!A.t=0时刻,线圈平面与中性面垂直B.t=0.01时刻,磁通量的变化率最大C.t=0.02s时刻
物理交变电流题,急用!
A.t=0时刻,线圈平面与中性面垂直
B.t=0.01时刻,磁通量的变化率最大
C.t=0.02s时刻,交流电动势达到最大
D.该线圈相应产生的交流电动势的图像如图乙所示
请给我具体分析正确答案,
wjz1191年前2
海韵711 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
A.线圈在中性面位置磁通量最大,感应电动势为零,所以t=0时刻,线圈平面与中性面重合,A错
B.由于磁通量为0,所以变化率最大,且此时交流电动势最大,B对
C.由于B的原因,所以C错
D.由于B的原因,所以应为Sin角度的图象,而不是Cos角度的图象,所以D错
选B
正余玄交变电动势图像分别表示什么,怎么看?
zicai851年前1
南风井 共回答了20个问题 | 采纳率80%
最大值是顶点,正弦图像的有效值是最大值除以根号2,不会考余弦的最大值
交变电流电压变化是余弦函数,那么他的有效值还是用最大值除以根号二吗
若然公主1年前1
心雨微蓝 共回答了20个问题 | 采纳率85%
是,余弦函数图像的交变电流也属于正弦交变电流
在计算交变电流的瞬时值时,什么时候用正弦,什么时候用余弦?
我是宝石1年前3
zyzff 共回答了12个问题 | 采纳率100%
很简单
中性面的定义你知道吗?
从中性面开始转的话就是SIN
从平行于磁场方向开始转的话就是COS
中性面就是垂直于磁场的那个平面
第一次回答问题
希望能帮上忙吧
交变电的.正弦交变电压u=50sin314tV加在一氖管的两端,已知当氖管两端的电压达到25 V时才开始发光,则此氖管在
交变电的.
正弦交变电压u=50sin314tV加在一氖管的两端,已知当氖管两端的电压达到25 V时才开始发光,则此氖管在一个周期内发光的总时间为?
yuanjianlei1年前1
南下的乞丐 共回答了21个问题 | 采纳率100%
一个周期时间为T=2π/314=2π/100π=0.02s
25V在sin30度至sin150度与sin210至sin330度之间,为一个周期的2/3 所以时间为0.02*2/3=0.013
正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图1所示的方式连接R=10欧,交流电压表示数是10V.图二是交变电源输出电压u随时间

正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图1所示的方式连接R=10欧,交流电压表示数是10V.图二是交变电源输出电压u随时间变化的图像.则
A.通过R的电流随时间t变化的规律是I(r)=根号2*cos100派t
B.通过R的电流随时间t变化的规律是I(r)=根号2*cos50派t
C.R两端的电压随时间t变化的规律是U(r)=5根号2*cos100派t
D.R两端的电压随时间t变化的规律是U(r)=5根号2*cos50派t
34518871年前1
KRNI222 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
1、 I = U/R2、U = U0Cos(v*2πt) = U0Cos(2πt/T),周期T为0.02秒,得 U = U0Cos(2πt/0.02s) = U0Cos(100πT/s)3、交流电压表测的是有效电压,正弦(余弦)交流电有效电压等波峰电压除以根号2,因此:U0/根号2 = 10V,...
(1)请读出如图1中游标卡尺的读数为______mm.(2)用接在频率为50HZ交变电源上的打点计时器测定小车做匀加速直

(1)请读出如图1中游标卡尺的读数为______mm.
(2)用接在频率为50HZ交变电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度,如图2所示,从比较清晰的点算起,每5个打印点作为一个计数点,分别标明0、1、2、3、4.测得0与1间的距离S1=30mm,3与4两点间的距离S2=48mm,则小车在0、1两点间的平均速度为______m/s.小车的加速度为______m/s2
(3)某同学用图3所示的电路测电压表V1电阻,已知它的量程是0-3V,电阻约为1.5kΩ.图中V2是另一块电压表,量程与电压表V1相同.已知定植电阻的电阻值为R0.R是滑动变阻器,P是它的滑动触头.
①请根据实验的实物连接图,在如图4所示方框中画出它的实验电路图
②有两个定值电阻,阻值分别是100Ω及1.2kΩ,R0应选用______.有两个滑动变阻器,阻值分别是100Ω及1.2kΩ,R应选用______.
③先把滑动变阻器的滑片P移到最右边,闭合开关S,再调节P,使电压表V2满刻度(或接近满刻度).记下此时两电压表的示数U1和U2.则电压表V1的电阻值是RV1=
U1R0
U2−U1
U1R0
U2−U1
(用字母表示,不用代入R0的值)
bin8541年前1
37725002 共回答了15个问题 | 采纳率80%
解题思路:1、游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.
2、纸带法实验中,若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距,利用平均速度的定义可以求出两点之间的平均速度,利用匀变速直线运动的推论,可计算出纸带运动的加速度.
3、根据实物图的连接可知其原理图;所选定则电阻应对V1起到保护作用,因此选择较大的,即选择1.2kΩ的电阻;根据电路的串并联知识可正确解答.

(1)游标卡尺,主尺读数为50mm,游标读数为0.05×3mm=0.15mm,所以最终读数为50.15mm.(2)每五个打印点取一个点作为计数点,则计数点之间的时间间隔为0.1s;小车在0与1两计数点间的平均速度v=x01t01=0.3m/s(3)...

点评:
本题考点: 伏安法测电阻;探究小车速度随时间变化的规律.

考点点评: 1、解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法,游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.
2、借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用,在平时练习中要加强基础知识的理解与应用,提高解决问题能力.
3、电学实验变化多端,正确解答的关键是明确其实验原理,然后依据串并联的知识求解.

如图所示,M是一个小型理想变压器,原、副线圈匝数之比n 1 :n 2 =10:1,接线柱a、b接一正弦交变电源,电压u=
如图所示,M是一个小型理想变压器,原、副线圈匝数之比n 1 :n 2 =10:1,接线柱a、b接一正弦交变电源,电压u=311sin100πt(V)。变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R 2 为用半导体热敏材料制成的传感器(电阻随温度升高而减小),R 1 为一定值电阻。下列说法正确的是
[ ]
A.电压表V 1 示数为22 V
B.当R 2 所在处出现火警时,电压表V 2 的示数变小
C.当R 2 所在处出现火警时,电流表A的示数变小
D.当R 2 所在处出现火警时,电阻R 1 的功率变小
qqtxt1年前1
爱拼才会赢之A 共回答了10个问题 | 采纳率90%
AB
一矩形线圈,在匀强磁场中绕垂直磁感线的对称轴转动,形成如图所示的交变电动势图象,试根据图象求出:
一矩形线圈,在匀强磁场中绕垂直磁感线的对称轴转动,形成如图所示的交变电动势图象,试根据图象求出:
(1)线圈转动的角速度;
(2)电动势的有效值;
(3) t = 1.0×10 -2 s时,线圈平面和磁场方向的夹角。
suhl95501年前1
黄叶秋水寒烟翠 共回答了29个问题 | 采纳率89.7%
(1)由图象得,交变电动势的周期 T= 6×10 s
而周期
代入数值解得 105rad/s
(2)由图象得,交变电动势的最大值为 E m =20V
电动势的有效值
代入数值解得 14.1 V
(3)交变电动势的瞬时值表达式
线圈平面和磁场方向的夹角
将 t = 1.0×10 -2 s代入,解得
1.交变电路是指电路中的电流大小和方向周期性变化吗?既然家庭电路是交变电流,那么家庭电路中的电流不就会改变大小和方向,如
1.交变电路是指电路中的电流大小和方向周期性变化吗?既然家庭电路是交变电流,那么家庭电路中的电流不就会改变大小和方向,如果连入一个发光二极管,是不是就会时亮时灭;如果连入一个灯泡,是不是就会忽亮忽暗?
2.麻烦大家告诉我一下交流电和直流电在生活中的应用.
3.交流电动机和直流电动机到底有什么区别?
xjh456xjh1年前3
handlylei 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
1.接入二极管或灯泡事实上的确会像你说的那样..单50Hz的频率实在很高.超出人肉眼所能分辨范围..所以看不到明暗闪烁.
2.工业发电都是交流电.因为生产方便.生活上一般用直流.而且很重要的一点.电池都是直流~这给我们很大方便.也是直流电应用广泛的原因.
3.就是一个是交流电一个是直流电咯..因为现在电场产出的都是交流电.所以工业制造上用的都是交流电动机.功率高.威力大..(呃.这词好像不太适合)..
直流电动机就是一般我们家庭用电用的..不需要那么高的电压.也安全.主要是为了安全..
交变电路中纯电感电路电感两端的电压关系
交变电路中纯电感电路电感两端的电压关系
一电感线圈接入正弦式交变电压e(t),则电感两端会产生自感电动势U(t),那么自感线圈两端电压ε数值上是等于自感电动势U(t)还是e(t)-U(t),并求解释原因
PS:如果还有其他答案也可以补充并说明理由
ygtrd1年前1
lsybox 共回答了24个问题 | 采纳率91.7%
1楼:就像作用力与反作用力,大小相等,方向相反!
2楼:纯电感就是说没有电阻嘛,只有感抗,没有阻抗.应该是U(t)=-e(t)吧.没有损耗,只是相位相差180度.个人观点.
这是在大比特论坛帮你挑选的几个答案中的两个,如果还有什么疑问可以登录论坛询问那边的高手!如果帮上了你的忙还望采纳答案!
我国交变电流1秒方向改变100次是是怎么算出来的?频率50赫兹,周期0.02咋弄出来的100?
netarter1234561年前1
steffi 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
50Hz代表1秒换50次完整换向,一次完整换向代表改变两次,所以是1秒改变100次
电容器在直流电路中电容器充电为什么相当于短路?而在交变电路中在它两端并上一个灯泡,此时又不短路了?
发八利1年前1
changlingblog 共回答了18个问题 | 采纳率77.8%
首先纠正你的是电容器在直流电路中相当于断路而不是短路,因为在直流电中,高中一般学的是平行板电容器,中间一般是空的,相当于一个断开的开关,并且一般来说,电容器两板间的电势差恒定,在开关闭合时,有瞬间电流给它充电完,就没电流了,断开时如果有其他闭合回路也会瞬间放电.但在交流电中,由于电容器极板两边的电势差随时改变,所以电容器会经常放电和充电,所以形成了电流,此时没有断路,用有效值的定义可以求出其电流大小,高中一般不要求的.只是适当了解.
如图所示是某种型号的电热毯的电路图,电热毯接在交变电源上,通过装置P使加在电热丝上的电压的波形如右图所示。此时接在电热丝
如图所示是某种型号的电热毯的电路图,电热毯接在交变电源上,通过装置P使加在电热丝上的电压的波形如右图所示。此时接在电热丝两端的交流电压表的读数为()
A.110V B.156V C.220V D.311V
果果玫瑰1年前1
缺钙的灵魂 共回答了11个问题 | 采纳率90.9%
解题思路:

ut图象看出,每个周期的前半周期是正弦图形,其有效值为220V;后半周期电压为零。根据有效值的定义,,得U=156V,选B

B


<>

交变电流的有效值书上说有效值等于 峰值/根号2 只适用与正弦交变电流,但是为什么从有的交流图像上是余弦交变电流也适用这个
交变电流的有效值
书上说有效值等于 峰值/根号2 只适用与正弦交变电流,但是为什么从有的交流图像上是余弦交变电流也适用这个公式啊,为什么?
他乡的狼1年前1
windy_mm 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
电流是没有余弦交流电这一说的,都叫正弦交流电,正弦与余弦在相位上相差90度,这个单相电计算时用正弦和用余弦都是一样的,但是用正弦比较方便,除了在数学课上,谁会舍近求远
如图甲所示,M是一个小型理想变压器,原副线圈匝数之比n 1 :n 2 =20:1,接线柱 、 接上一个正弦交变电源,电压
如图甲所示,M是一个小型理想变压器,原副线圈匝数之比n 1 :n 2 =20:1,接线柱 接上一个正弦交变电源,电压随时间变化规律如图乙所示.变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R 2 为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器,R 1 为一定值电阻.下列说法中正确的是 ( )
A.电压表的示数小于11V
B.此交变电源的频率为50Hz
C.当传感器R 2 所在处出现火警时,电压表的示数减小
D.当传感器R 2 所在处出现火警时,电流表的示数减小
sunxia11271年前1
msyjyd 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
解题思路:

原线圈中的电压有效值为,根据公式可得副线圈两端的电压为11V,由于电压表不是测量的副线圈两端电压,所以示数小于11VA正确;该交流电的频率为

B正确;当出现火警时,温度升高,电阻减小,副线圈的电流变大,所以的电压要增大,由于副线圈的总电压不变,所以的电压就要减小,所以C正确;由B的分析可知,副线圈的电阻减小,副线圈的电流变大,所以原线圈的电流也就要增大,所以D错误;

故选ABC

ABC


<>

螺线管两端加上交变电流压,沿着螺线管轴线方向射入一电子,则该电子在螺线管内将做什么运动?
smallon1年前1
sytrip 共回答了20个问题 | 采纳率95%
匀速直线运动
因为螺线管内的磁场方向平等于管的轴线,电子束运动方向与磁场方向平行,不受罗伦兹力作用
合力为零
如图一面积为S的单匝矩形线圈处于一个交变的匀强磁场中,磁感应强度的变化规律为:B=B0sinωt.下列说法正确的是(
如图一面积为S的单匝矩形线圈处于一个交变的匀强磁场中,磁感应强度的变化规律为:B=B0sinωt.下列说法正确的是(  )
A. 线框中不会产生方向不断变化的交变电流
B. 在t=[2π/ω]时刻,线框中感应电流将达到最大值
C. 对应磁感应强度B=0的时刻,线框中感应电流也一定为零
D. 若增大磁场交变频率,则线框中感应电流的频率也将同倍数增加,但有效值不变
cszhsm1年前2
小偷的oo 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:本题的关键是首先根据法拉第电磁感应定律E=s•
△B
△t
并结合“变化率”即“导数”的概念,求出线圈中产生的感应电动势的表达式,然后进行推导讨论即可.

A:根据E=S•
△B
△t可知,E=S
B 0ωcosωt,所以线框中会产生方向不断变化的交变电流,所以A错误;
B:由i=[E/R]=

sB 0w
Rcosωt可知,在t=[2π/w]时,I=

sB 0w
R是最大值,所以B正确;
C:当B=0时,t=0,所以此时I=

sB 0w
R为最大值,所以C错误;
D:由w=2πf可得,i=

fB 0s.cos2πft
R,所以感应电流的频率将随磁场频率的增大而增大,又有效值为I=

I m

2=
2πf
sB 0

2R,所以有效值也将增加一倍,故D错误.
故选:B.

点评:
本题考点: 法拉第电磁感应定律;闭合电路的欧姆定律.

考点点评: 明确“感生”电动势的求解方法,理解“变化率”即“导数”的含义.

【高中物理】交变电流有效值,感应电流最大值,交变感应电流的频率问题
【高中物理】交变电流有效值,感应电流最大值,交变感应电流的频率问题
在图甲所示区域(图中直角坐标系xOy的I,Ⅲ象限)内有匀强磁场,磁感应强度方向垂直于纸面向里,大小为B,半径为l,圆心角为60°的扇形导线框OPQ以角速度ω绕O点在图面内沿逆时针方向匀速转动,导线框回路电阻为R.
(1)求线框中感应电流的最大值和交变感应电流的频率f;
(2)在图乙中画出线框转一周的时间内感应电流I随时间t变化的图象.(规定与图甲中线框的位置相应的时刻为t=0)(3)线框旋转过程中产生的交流电的有效值是多少?


……吾辈很疑惑 转角和磁通量有关系么,为什么要用角度乘l^2B……
另外第三问求解答
我不想再说1年前1
xy168 共回答了15个问题 | 采纳率100%
不是用角度乘l^2B,你理解错了.
是磁场*在磁场内面积的变化量=磁通的变化量,面积的变化量是直接套用扇形面积公式得出的.即S=1/2*theta*L^2.
有效值的定义是用直流电来等效交流电的电流值,等效指的是在一个周期内两种电流的焦耳热相同.所以这道题你就把一个周期内发的热Q算出来,那么有效值I=(Q/RT)^1/2
在电工学和电子技术中,使用的扼流圈是利用电感对交变电流的阻碍作用制成的.通常有两种扼流圈:高频扼流圈和低频扼流圈.两种扼
在电工学和电子技术中,使用的扼流圈是利用电感对交变电流的阻碍作用制成的.通常有两种扼流圈:高频扼流圈和低频扼流圈.两种扼流圈相比较,下列说法中不正确的有(  )
A.高频扼流圈的自感系数大
B.低频扼流圈的自感系数大
C.二者的自感系数一样大
D.高频扼流圈作用是通直流阻交流,低频扼流圈的作用是通低频阻高频
aka_only1年前1
付申148 共回答了20个问题 | 采纳率90%
解题思路:高频扼流圈的自感系数小,低频扼流圈的自感系数大,高频扼流圈作用是通低频阻高频,低频扼流圈的作用是通直流阻交流.

A、高频扼流圈的自感系数较小,只对高频交变电流有较大的阻碍作用,对高低交变电流的阻碍作用较小.故A错误.
B、低频扼流圈的自感系数大,即使交流的频率较低,线圈产生的感抗也很大.故B正确.
C、由上可知,二者的自感系数不一样大.故C错误.
D、高频扼流圈作用是通低频阻高频,低频扼流圈的作用是通直流阻交流.故D错误
本题选错误的,故选ACD

点评:
本题考点: 自感现象和自感系数.

考点点评: 本题考查自感线圈特性的掌握程度,可根据法拉第电磁感应定律理解理解并识记.

正弦交变电源与感应电动势的问题线圈接上正弦交变电流,第一个1/4周期内,电流增大,根据楞次定律,感应电动势方向和原电动势
正弦交变电源与感应电动势的问题
线圈接上正弦交变电流,第一个1/4周期内,电流增大,根据楞次定律,感应电动势方向和原电动势方向相反,这我能理解.但是第二个1/4周期内,电流减小,感应电动势方向不就和原电动势方向相同了吗?
假如线圈当成纯电感呢?第二个1/4周期,两电动势同向而且叠加,又没有电阻,那么电流不就无穷大了吗?
电压都是由电感承担的嘛?那么不需要时时刻刻都有一个感应电动势都与外压等值反向吗?但是根据我上面提到的,不应该时时刻刻都有一个与外压等值反向的感应电动势啊...
幻仙1年前4
331007 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
的确就是这样的,有什么不对吗?
电感阻碍的是电流的变化,不是电流本身
对不起,开始说错了,考虑了感应电动势后可以用欧姆定律
的确像你说的那样,感应电动势与外电压始终等值反向
哪里矛盾了?
再弄不懂直接在线问我吧
交变电流会向四周辐射什么?A 电子 B电流辐射 C 恒定磁场 D交变电磁波
交变电流会向四周辐射什么?A 电子 B电流辐射 C 恒定磁场 D交变电磁波
尔雅通知课 物理学与人类文明 - - 跪求告知答案
2 .在一厘米到十的六次方厘米之间的电磁波叫做什么 ? A电波 B 红外波 C 无线电波 D微波
justfor_you1年前3
rubyzhou 共回答了20个问题 | 采纳率95%
1、应该选择D 交变电磁波,交变的电流会在周围产生交变的磁场,交变的磁场又会产生交变的电场,并不断向外传播形成电磁波.
2、选择C 无线电波,因为物理上,把波长在1毫米到1000米之间的电磁波称为无线电波,其中包含了长波、短波、和微波.
矩形线圈在一匀强磁场中绕垂直于磁场方向的中心轴匀速转动,产生的交变电动势表达式为e=311sin314t(V),试求:
矩形线圈在一匀强磁场中绕垂直于磁场方向的中心轴匀速转动,产生的交变电动势表达式为e=311sin314t(V),试求:
(1)若矩形线圈是100匝,线圈平面面积为0.02m2,匀强磁场的磁感应强度B是多少?
(2)当线圈平面从中性面开始转过1.25π时,电动势的瞬时值是多大?
有壳ww1年前1
lcq20030712 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:(1)由根据Em=NBSω求解磁场强度;(2)将角度代入表达式,计算即可

(1)由根据Em=NBSω得:B=
Em
NSω=[311/100×314×0.02T=0.5T
(2)线圈从中性面转过

4],即ωt=

4,e=311sin[5π/4]V=-311×0.707V=-220V,故电动势大小为220V
答:(1)匀强磁场的磁感应强度B是0.5T
(2)当线圈平面从中性面开始转过1.25π时,电动势的瞬时值是20V

点评:
本题考点: 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

考点点评: 本题考查学生对瞬时值表达式的理解,根据瞬时值表达式可以计算在不同时刻的电动势的大小,同时要掌握住交变电流的产生的过程.

如图所示,平行板电容器与灯泡串联后接在交变电源上,灯泡正常发光,则(  )
如图所示,平行板电容器与灯泡串联后接在交变电源上,灯泡正常发光,则(  )
A.将介质板插入电容器中,灯泡将变暗
B.增大交变电流的频率,灯泡将变暗
C.把电容器极板间距拉开一些,灯泡将变暗
D.把电容器两极板错开一些,灯泡将变暗
字文刀1年前1
千分之308思远 共回答了12个问题 | 采纳率100%
解题思路:根据电容器的容抗与电容、频率的关系分析灯泡亮度的变化.当电容增大时,容抗减小,灯泡变亮;当电容减小时,容抗增大,灯泡变暗;而电容根据其决定关系分析如何变化.

A、将介质板插入电容器中,电容增大,容抗减小,灯泡将变亮.故A错误.
B、增大交变电流的频率,容抗减小,灯泡将变亮.故B错误.
C、把电容器极板间距拉开一些,电容减小,容抗增大,灯泡将变暗.故C正确.
D、把电容器两极板错开一些,电容减小,容抗增大,灯泡将变暗.故D正确.
故选CD

点评:
本题考点: 电容器的动态分析;闭合电路的欧姆定律.

考点点评: 本题可运用电容的决定式C=[ɛS/4πkd]和容抗的公式XC=[1/2πfC]结合判断灯泡亮度的变化.

下列说法中正确的是(  )A.电感对交流的阻碍作用是因为电感有电阻B.电容器可以让直流电通过C.在交变电路中感抗和容抗可
下列说法中正确的是(  )
A.电感对交流的阻碍作用是因为电感有电阻
B.电容器可以让直流电通过
C.在交变电路中感抗和容抗可以同时存在
D.扼流圈是利用电感对电流的阻碍作用
nkquick1年前1
289915058 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
解题思路:根据电容器和电感线圈的特性分析选择.电容器内部是真空或电介质,隔断直流.能充电、放电,能通交流,具有隔直通交、通高阻低的特性.电感线圈可以通直流,通过交流电时产生自感电动势,阻碍电流的变化,具有通直阻交,通低阻高的特性.

A、电感对交流的阻碍作用是因为电感有感抗.故A错误;
B、电容器的特性:通交流,隔直流,通调频,阻低频,电感的特性:通直流,阻交流.通低频,阻高频,故B错误;
C、由上分析可知,在交变电路中感抗和容抗可以同时存在,故C正确;
D、扼流圈是利用电感对电流的阻碍作用.故D正确.
故选:CD.

点评:
本题考点: 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

考点点评: 对于电容和电感的特性可以利用感抗和容抗公式记忆:XL=2πfL,XC=[1/2πfC],L是电感,C是电容,f是频率.

物理学中的交变感应电流和电流的有效值怎测
物理学中的交变感应电流和电流的有效值怎测
要经过个人消化的比较口语化的学术表达,
跳水uu的松鼠1年前1
天堂的车辆 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
将该交变电流通入一固定电阻,T秒后测量电阻产生的热量Q,使用公式Q=I^2 R T
计算出恒定电流I即为有效值
有两个线圈匝数相同,一个绕在闭合铁芯上,另一个绕在木材上,两个线圈通入相同频率的交变电流.
有两个线圈匝数相同,一个绕在闭合铁芯上,另一个绕在木材上,两个线圈通入相同频率的交变电流.
如果它们的自感电动势相同,试问哪个线圈的电流大?为什么?
千叶隐1年前1
8888gozong 共回答了10个问题 | 采纳率100%
肯定是绕在木材上的线圈电流大.因为;
E1=4.44 * f * Φ * n1 =4.44 * f * L * I
由于闭合铁芯的磁导率比木材大得多, 所以有闭合铁芯的线圈的电感L要比绕在木材上的线圈大得多,那么在自感电动势相同地情况下,绕在木材上的线圈的电流就要大得多.
一台交流发电机的输出电压是220伏,产生的交变频率是60HZ,将一只220伏40HZ的灯泡接在这样的发电机上,结
一台交流发电机的输出电压是220伏,产生的交变频率是60HZ,将一只220伏40HZ的灯泡接在这样的发电机上,结
为什么会一样亮?
小乔801年前2
jiajiacarter 共回答了21个问题 | 采纳率85.7%
你所说的都是额定的电压和频率,相差些只会影响电器寿命,但是相差不大的话照样可以使用